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Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL AYUDANTÍA 2: TRUCOS, TEOREMA DEL SANDWICH Y NUMERO E. ESENCIALMENTE CÁLCULO DE LÍMITES DE SUCESIONES TEOREMA DEL SANDWICH Sean { } { } { }, ,n n nr s t sucesiones reales tales que : n n nm r s t n m∃ ∈ ≤ ≤ ∀ >ℕ y lim limn n n n r t →∞ →∞ = , entonces { }ns converge y lim lim limn n n n n n r s t →∞ →∞ →∞ = = TEOREMA DE BOLZANO-WEISSTRASS Si una sucesión es monótona y acotada, entonces su límite existe. COMPENDIO DE TRUCOS 1: LÍMITES DE LIBRO I. “Sacando para afuera” : 2 3 lim , 2 3 n p n p n nn p + + →∞ + ∈ + ℕ Pareciera que el 2 molesta en ambos casos, sin embargo los primeros sumandos no afectan en la suma, por lo que deberían cancelarse. 2 2 3 2 3 3 3 lim lim 3 2 3 3 2 1 3 n p p n p n p n p nn n nn n + + →∞ →∞ + + = = + + Claramente el 3 hace al 2 “despreciable”. II. Completando: 3 3lim 1 n n n →∞ + − Basta con racionalizar adecuadamente ( ) ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 3 33 3 3 2 2 2 2 3 3 3 33 3 1 1 1 1 1 1 1 1 n n n n n n n n n n n n n n + + + + + − = + + + + + + + + Los valores en el denominador son parecidos, basta con factorizar inteligentemente ( ) ( ) ( )2 2 23 33 23 3 3 1 1 1 1 1 1 1 1 1 n n n n n n n = + + + + + + + + por lo que el límite es 0. Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL 2 III. Identidad útil y sándwich: lim , 0n n r r →∞ > Tratamos 2 casos: • 1r ≥ En este caso se cumple 1n r ≥ y es decreciente. Por lo que el límite existe gracias al teorema de Bolzano- Weisstrass, para obtenerlo se calcula el siguiente límite y se utiliza la identidad: ( ) 1 0 1 1 n n i i x x x − = − = − ∑ 1 0 1 lim 1 limn inn n n i r r r −→∞ →∞ = − − = ∑ Notamos que 1 0 1 1 0 1 1 n n i r r r n− = − − < − < = ∑ , ya que 1 i nr i> ∀ Por sándwich, lim 1 0n n r →∞ − = con los que se concluye lim 1n n r →∞ = • 0 1r< < Se realiza el siguiente cambio de variable 1 ' r r = donde ' 1r > , por tanto 1 1 lim lim lim 1 ' ' n n nn n n r r r→∞ →∞ →∞ = = = por el ejercicio anterior IV. Identidad útil y sándwich II: ( ) 2 2lim , 0 n n n r r+ →∞ > De la misma forma del anterior, se consideran 2 casos: • 1r ≥ ( )2 2 1 2 n n n nn < = + , en este caso la función exponencial es creciente, así ( ) 2 1 21 n n nr r+< < , por sándwich ( ) 2 2lim 1 n n n r + →∞ = • 0 1r< < Basta usar el mismo cambio de variable que en el ejercicio 2, al lector. V. Sucesión inductiva I: Se define ( ) ( ) 1 3 5... 2 1 2 4 6... 2n n z n ⋅ ⋅ − = ⋅ ⋅ , demostrar que converge y 1 20 lim n n z →∞ ≤ ≤ . Para este tipo de problemas lo mejor es pensar en el teorema de Bolzano-Weisstrass. Debe demostrarse su monotonía y su cota. (si decrece, cota inferior; si crece, superior). Si se escribe la sucesión de forma recursiva (buen consejo) se obtiene: Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL 3 1 20z = y 1 2 2 1n n n z z n+ = + Es claro que la sucesión decrece estrictamente. Como son todos términos positivos, 0nz ≥ , a su vez, como el primer término es 12 , 12nz ≤ . Se tiene la cota y demostrar el decrecimiento es casi trivial. ( ) 1 2 2 1 2 2 1 2 2 1n n n n n n n n n z nz z z z n + + > ⇒ + > ⇔ > = + Cabe destacar que se utiliza la condición que la sucesión siempre es mayor a 0. VI. Sucesión inductiva II: Sea la sucesión definida por 1 12, 2n ng g g+= = + , demostrar su convergencia y calcular su límite. Otra vez Bolzano- Weisstrass. Demostrándose por inducción que la sucesión es decreciente: 1 22 2 2g g= < + = , Por hipótesis inductiva se tiene 1k kg g +< , luego 1 1 1 1 22 2 2 2k k k k k k k kg g g g g g g g+ + + + +< ⇒ + < + ⇒ + < + ⇔ < . Con lo que se demuestra que la sucesión es creciente. Asimismo, para comprobar que 2ng < : Inicialmente 1 2g < . Para k 2kg < . Para demostrar por inducción 12 2 4 2 2k k k kg g g g+< ⇒ + < ⇒ = + < por lo que es acotada. Como es monótona y acotada, la sucesión tiene límite. Ahora el truquillo: 2 1 2n ng g+ = + Podemos tomar límite a ambos lados y meter el límite dentro del cuadrado. ( ) ( )2 21lim 2 lim limn n n n n n g g g+→∞ →∞ →∞ = + = Denominemos lim n n g γ →∞ = y calculamos 22 γ γ+ = , Las soluciones son 2 y -1, pero -1 no puede ser solución porque 0ng n> ∀ VII. No tan complicado: Calcular ( ) ( )( )2 22 ln1 2 lim cos sin tanh , 6 7 n s n nn n n n n s e +→∞ + + + ∈ ℝ ¿Feo, verdad? Bueno, en realidad no lo es tanto: ( ) ( )( )2 22 ln1 2 1 2 0 cos sin tanh 6 7 6 7 s n n n n n n e + + + < + < + , porque ( ) ( )2 2cos 1,sin 1x x x< < ∀ ∈ℝ Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL 4 Elevar a n no afecta la desigualdad y la expresión derecha es una geométrica con radio menor a 1 ( ) ( )( )2 22 ln1 2 19 0 cos sin tanh 6 7 42 n s n n n n n n n e + + + < + < PROBLEMA 2: SUMATORIAS CLÁSICAS 1. Calcular el límite de 2 2 2 2 1 ... 1 2 n n i n n n n h n i n n n n= = = + + + + + + +∑ Problema típico y sólo debe aplicarse la siguiente consideración: 2 2 2 1.. 1 n n n i n n n i n n > > ∀ = + + + Ahora sumamos sobre el índice i 2 2 2 11 n i n n n n n n n i n n= > > + + +∑ Ejecutamos límite en ambos extremos y, por sándwich, 2 1 lim 1 n n i n n i→∞ = = +∑ 2. Calcular el límite de 2 2 2 2 1 1 2 ... 1 2= = = + + + + + + +∑ n n i i n v n i n n n n Misma idea, podemos acotar con Donde ( ) 2 2 2 2 1 1 1 2= = −= = + + +∑ ∑ n n i i i n n i n n n n n n y ( ) 2 2 2 2 1 1 1 1 1 2 1= = −= = + + +∑ ∑ n n i i i n n i n n n . ( ) ( ) 2 2 22 2 12 2 1= − −< < ++ +∑ n i n n i n n n in n n , por lo que el límite es 1/2 PROBLEMA 3: ACOTADA POR 0 DA 0 Sea la sucesión { }nk acotada y{ }nx convergente a 0, demostrar que lim 0n n n k x →∞ = Problema bastante útil a la hora de calcular algunos límites, sea K la cota de la sucesión k, por definición de límite Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL 5 0 0: n n n n n x K k K ε ∃ > ⇒ < < Multiplicando, n nx k ε< lo que se quería demostrar. PROBLEMA 4: LA CASI GEOMÉTRICA I. Sea { }na sucesión positiva y 1lim 1n n a a n l+ →∞ = < , entonces lim 0n n a →∞ = . De un ejemplo donde la sucesión cumpla 1lim 1n n n a a + →∞ = y lim 0n n a →∞ ≠ . DEMOSTRACIÓN Generalización del límite geométrico. La primera convergencia me dice que la cola de la sucesión se comporta parecido a una sucesión geométrica, lo que debe hacerse es “controlar” ese comportamiento (que se genera a partir de cierto número). Como l<1, existe épsilon sub 0 tal que 00 1l rε< + = < , por definición de límite, 1 0: n n a N n N l a ε +∃ ∈ > ⇒ − <ℕ como la sucesión es positiva, 1n n a n N r a +> ⇒ < o mejor 1n na ra+ < Se usa desigualdad recursivamente 2 3 1 1 1 2 10 ... n N nN n n n n N Na ra r a r a r a r a − − + + − − +< < < < < < < Por tanto puedo hacer un sándwich desde n>N, Como r<1, el límite es 0. Notar que la demostración utiliza la desigualdad estricta del límite, si considera na n= , 1 1n n a a + → pero la sucesión diverge. II. Calcular lim ! n n a n→∞ 1 ! lim lim 0 1 1! n nn n a n a n a n + →∞ →∞ = = < + , por lo que el límite es 0 EL NUMERO E Se define el número e de las siguientes formas: ( )1 1! 0 lim 1 lim 2.7182818... n n n in n i e →∞ →∞ = = + = ≈∑ Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL 6 Se utiliza este valor para calcular algunos límites de la forma ( )( ) n f n PROBLEMA 3: INTRODUCTORIOS A E En todos estos ejercicios lo correcto es “muñequear” la expresión para llegar a una forma ( ) ( ) 1 1 h n h n + si ( )h n →∞ , la expresión tenderá a E al generar una sub-sucesión de n. Calcular los siguientes límites I. lim 1 , n n k k n→∞ + ∈ ℝ 2 casos: 0k ≠ 1 1 1 1 1 knn kn k n nn k k + = + = + , por tanto lim 1 n k n k e n→∞ + = El caso k= 0, es trivial, de todas maneras es de la forma ke II. 1 lim , 0 1 kn n n k n→∞ + ≠ − ( ) 21 1 2 1 1 2 2 1 2 1 1 1 1 1 1 1 1 1 11 1 2 2 2 kn n k kn kn n n n nn n −+ +− − − − − − = − = + = + + + + ++ + − − − El primer término tiende a e-2, mientras que el 2º lo hace a 1. 2 1 1 lim 1 kn kn n n e→∞ + = − III. 2 2 4 7 lim 4 4 n n n n n n→∞ + + + + ( ) ( ) ( ) ( )2 22 2 2 2 22 4 7 3 3 1 1 4 4 2 2 n n n nn n n n n n n + + + + = + = + + + + + Es claro que el límite de lo que está dentro de la potencia es e3 al ser sub-sucesión de ( )11 n n+ , se usa la misma definición de este límite para armar las cotas para la expresión total usando 3 2 eε = Pontificia Universidad Católica de Chile Ayudantía de Cálculo I, MAT-1610 Departamento de Matemática 1-2011 Escuela de ingeniería Sección 3 RAÚL ANTONIO SALINAS HERRADA RASALINA@UC.CL 7 ( ) ( )22 3 3 2 3 3 0 1 2 22 n e e n + < < + < + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 3 32 2 2 3 3 0 1 2 22 n n nn n n ne e n + + + + < < + < + Ambos límites son 1. 2 2 4 7 lim 1 4 4 n n n n n n→∞ + + = + +
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