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Universidad de Concepción Facultad de Ciencias F́ısicas y Matemáticas Departamento de Ingenieŕıa Matemática Pauta del Certamen II, Álgebra I, 13 de septiembre de 2012 1. Considere el sistema de ecuaciones Ax = B con B = 1α 1 , α ∈ R y x = x1 x2 x3 x4 . Después de realizar las siguientes operaciones sobre las filas de A f2 ← f2 − 2f1, f3 ← f3 − f1 se obtiene la matriz à = 1 2 −3 −20 −3 0 6 0 1 0 −2 1.1 ¿Cuál es el rango de A? Justifique su respuesta. 1.2 ¿Para qué valores de α el sistema Ax = B es incompatible? Justifique su respuesta. 1.3 Sea α tal que el sistema Ax = B es compatible, encuentre su conjunto solución. Solución: 1.1 Dado que las matrices A y à son semejantes, sus rangos coinciden. Además à ∼f2↔f3 1 2 −3 −20 1 0 −2 0 −3 0 6 ∼f3←f3+3f2 1 2 −3 −20 1 0 −2 0 0 0 0 Esta última matriz está en forma escalonada por filas, su rango es 2 (número de filas distintas de Θ). El rango de A coincide con el rango de esta matriz. 1.2 Aplicando sobre B las mismas operaciones elementales que se aplicaron sobre A se obtiene que la matriz ampliada del sistema de ecuaciones Ax = b es tal que (A|B) ∼ 1 2 −3 −2 | 10 1 0 −2 | 0 0 0 0 0 | α− 2 Si α 6= 2, el rango de la matriz ampliada es 3, mientras que el de A es 2. En estos casos el sistema es incompatible. 1 1.3 Sólo para α = 2 el sistema es compatible. El conjunto solución del sistema Ax = B coincide con el de1 2 −3 −20 1 0 −2 0 0 0 0 x = 10 0 y éste es S = { x = (x1, x2, x3, x4) ∈ R4 : x1 = 1 + 3x3 − 2x4, x2 = 2x4 } . 2. Sean L1 la recta L1 = { (x, y, z) ∈ R3 : (x, y, z) = (3, 0, 3) + t[1, 0, 1], t ∈ R } , y Π1 y Π2 los planos Π1 = { P ∈ R3 : −−→ PP1 · −→n1 = 0, con P1 = (1, 0, 1), −→n1 = [1, 1, 1] } , Π2 = { P ∈ R3 : −−→ PP2 · −→n2 = 0, con P2 = (1, 2, 1), −→n2 = [−1, 0, 1] } . 2.1 Describa el conjunto formado por los puntos de intersección de los planos Π1 y Π2. 2.2 Encuentre el punto P3 donde L1 y Π1 se intersectan. 2.3 Escriba la ecuación de la recta L2 contenida en Π1 que pasa por P3 y es perpendicular a L1. 2.4 Describa el lugar geométrico de los puntos en Π1 a distancia 1 de Π2. Solución: 2.1 Los planos Π1y Π2 se intersectan en los puntos (x, y, z) ∈ R3 que satisfacen [x− 1, y, z − 1] · [1, 1, 1] = 0 y [x− 1, y − 2, z − 1] · [−1, 0, 1] = 0, es decir, en los puntos (x, y, z) tales que x+ y + z = 2 y z − x = 0. De esta forma, los planos se intersectan en la recta de ecuación Π1 ∩ Π2 = { (x, y, z) ∈ R3 : (x, y, z) = (0, 2, 0) + t[1,−2, 1], t ∈ R } . 2.2 La recta y el plano dados se intersectan en el punto de la forma (3+ t, 0, 3+ t) que satisface 3 + t + 3 + t = 2 ⇔ t = −2. El punto de intersección es, por tanto, P3(1, 0, 1). 2 2.3 Una recta L2 contenida en Π1 que pasa por P3 tiene la forma general L2 = { (x, y, z) ∈ R3 : (x, y, z) = (1, 0, 1) + t[a, b, c], t ∈ R } , con vector director [a, b, c] ∈ R3 perpendicular a vector normal de Π1, es decir, [a, b, c] debe satisfacer a+ b+ c = 0. Además esta recta es perpendicular a L1 si su vector director [a, b, c] es per- pendicular a vector director de L1 y ella y L1 se intersectan. El punto P3 ya es el punto donde ellas se intersectan, basta entonces que a, b, c ∈ R satisfa- gan a + c = 0. Cualquier vector de la forma c[−1, 0, 1] es, por tanto, vector director de la recta buscada. Tomando c = 1 se tiene L2 = { (x, y, z) ∈ R3 : (x, y, z) = (1, 0, 1) + t[−1, 0, 1], t ∈ R } . 2.4 Variante 1: Sea (a, b, c) un punto en Π1. La distancia de (a, b, c) a Π2 es d ((a, b, c),Π2) = |−→n2 · [a− 1, b− 2, c− 1]| ‖−→n2‖ , = |c− a| 2 √ 2. Esa distancia es igual a 1 ssi |c − a| = √ 2. Los puntos (a, b, c) en Π1 a distancia 1 de Π2 son aquellos que satisfacen a+ b+ c = 2 ∧ c− a = √ 2 o los que satisfacen a+ b+ c = 2 ∧ c− a = − √ 2. El lugar geométrico de los puntos en Π1 a distancia 1 de Π2 es el de los puntos sobre la recta ( √ 2, 2− √ 2, 0) + t[1,−2, 1], t ∈ R o sobre la recta (− √ 2, 2 + √ 2, 0) + t[1,−2, 1], t ∈ R. Variante 2: Como los planos Π1 y Π2 son perpendiculares, los puntos en Π1 a distancia 1 de Π2 son los puntos en Π1 a distancia 1 de la recta donde Π1 y Π2 se intersectan, es decir, los puntos (a, b, c) ∈ R3 que satisfacen a+ b+ c = 2 ∧ 1 = d ((a, b, c),Π1 ∩ Π2) = ‖[1,−2, 1]× [a− 1, b, c− 1]‖ ‖[1,−2, 1]‖ 3 si se toma a [1,−2, 1] como vector director de L2 y a (1, 0, 1) como punto en ella. Dado que [1,−2, 1]× [a− 1, b, c− 1] = [2− 2c− b, a− c, b+ 2a− 2] que, teniendo en cuenta que a + b + c = 2, [1,−2, 1] × [a − 1, b, c − 1] = [a− c, a− c, a− c] se tiene que a, b, c deben ser tales que a+ b+ c = 2 ∧ √ 3(a− c)2 = √ 6, es decir, a+b+c = 2 y |a−c| = √ 2 que son las mismas condiciones encontradas antes por lo que el lugar geométrico de los puntos en Π1 a distancia 1 de Π2 es el de los puntos sobre la recta ( √ 2, 2− √ 2, 0) + t[1,−2, 1], t ∈ R o sobre la recta (− √ 2, 2 + √ 2, 0) + t[1,−2, 1], t ∈ R. 3. Sean −→w1 = [1,−1, 1],−→w2 = 23 [−1, 1, 2], −→u = [1, 1,−1] vectores en R3. 3.1 Pruebe que −→w2 es perpendicular a −→w1. 3.2 Encuentre b, c ∈ R de modo que −→w = −→u − b−→w1 − c−→w2 sea ortogonal a los vectores −→w1 y −→w2. Solución: 3.1 −→w1 es perpendicular a −→w2 ssi −→w1 · −→w2 = 0, lo cual se cumple pues −→w1 · −→w2 = − 2 3 − 2 3 + 4 3 = 0. 3.2 −→w = −→u − b−→w1 − c−→w2 es ortogonal a −→w1 ssi 0 = −→w1 · −→w = −→w1 · −→u − b‖−→w1‖2 ⇔ b = −→w1 · −→u ‖−→w1‖2 = −1 3 . Además, −→w es ortogonal a −→w2 ssi 0 = −→w2 · −→w = −→w2 · −→u − c‖−→w2‖2 ⇔ c = −→w2 · −→u ‖−→w2‖2 = −1 2 . 4
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