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1 Universidad Lasalle Oaxaca. Facultad de ingeniería de software y sistemas computacionales. . Presentado por: • Eugenio Cortes C arlos Alberto Docente: Fecha de entrega: Problemario Segundo parcial TERCER SEMESTRE Prof. Vladimir Cortes Lerín 02/10/2022 Calculo Vectorial Ejercicios 1: 1. ¿Cuál es la velocidad que lleva un vehículo se mueve según la ecuación 𝑒(𝑡) = 2 − 3𝑡2 en el quinto segundo de su recorrido? El espacio se mide en metros y el tiempo en segundos. 𝑑 𝑑𝑡 = [2 − 3𝑡2] = 𝑑 𝑑𝑡 (2) − 3 𝑑 𝑑𝑡 (𝑡2) 0 − 3(2𝑡) = −6𝑡 −6(5) = −30 𝑚/𝑠 2. En un experimento, la posición de una partícula a gran velocidad que se desplaza por una recta horizontal se puedes determinar por medio de la ecuación 𝑠 = 𝑡4 − 6𝑡3 + 12𝑡2 − 10𝑡 + 3 Cuando han transcurrido t=4 segundos Determine: a) La posición 𝑠 = 𝑡4 − 6𝑡3 + 12𝑡2 − 10𝑡 + 3 = (4)4 − 6(4)3 + 12(4)2 − 10(4) + 3 = 27 𝑚 b) Velocidad 𝑠 = 𝑡4 − 6𝑡3 + 12𝑡2 − 10𝑡 + 3 𝑑 𝑑𝑡 = [𝑡4 − 6𝑡3 + 12𝑡2 − 10𝑡 + 3] = 4𝑡3 − 6(3𝑡2) + 12(2𝑡) − 10(1) = 4𝑡3 − 18𝑡2 + 24𝑡 − 10 = 4(4)3 − 18(4)2 + 24(4) − 10 = 54 𝑚/𝑠 c) Aceleración 4𝑡3 − 18𝑡2 + 24𝑡 − 10 𝑑 𝑑𝑡 = [4𝑡3 − 18𝑡2 + 24𝑡 − 10] = 4 𝑑 𝑑𝑡 (𝑡3) − 18 𝑑 𝑑𝑡 (𝑡2) + 24 𝑑 𝑑𝑡 (𝑡) − 𝑑 𝑑𝑡 (10) = 4(3𝑡2) − 18(2𝑡) + 24(1) = 12𝑡2 − 36𝑡 + 24 = 12(4)2 − 36(4) + 24 = 72𝑚/𝑠2 3. La ecuación del espacio recorrido por un móvil en función del tiempo es 𝑠(𝑡) = 3𝑡2 − 𝑡 + 3, donde t se mide en segundos. 1) Halla la velocidad media en el intervalo [2,3]. 3𝑡2 − 𝑡 + 3 𝑑 𝑑𝑡 = [3𝑡2 − 𝑡 + 3] = 6𝑡 − 1 = 6(2) − 1 = 11 = 6(3) − 1 = 17 11 + 17 2 = 28 2 = 14 2) Halla la velocidad para t=3 segundos. 𝑑 𝑑𝑡 = [3𝑡2 − 𝑡 + 3] = 6𝑡 − 1 = 6(3) − 1 = 17𝑚/𝑠 3) Demuestre que la aceleración es constante para cualquier intervalo. 𝑑 𝑑𝑡 = [6𝑡 − 1] = 6(1) = 6 𝑚/𝑠2 4. De un experimento se concluye que la posición de un objeto que cae con fricción despreciable desde una altura 94 se comportaría como la función ℎ(𝑡) = 94 + 4.9𝑡2𝑚 𝑑 𝑑𝑡 = [94 + 4.9𝑡2] = 𝑑 𝑑𝑡 (94) + 4.9 𝑑 𝑑𝑡 (𝑡2) = 4.9(2𝑡) = 9.8𝑡 5. Un objeto se mueve sobre una recta de acuerdo con la ecuación 𝑠 = 3𝑡2 − 8𝑡 + 7 Donde s se mide en centímetros y t en segundos Hallar la velocidad del objeto cuando t=1 y cuando t=5 𝑠 = 3𝑡2 − 8𝑡 + 7 𝑑 𝑑𝑡 = [3𝑡2 − 8𝑡 + 7] = 6𝑡 − 8 = 6(1) − 8 = −2 𝑐𝑚/𝑠 = 6(5) − 8 = 22 𝑐𝑚/𝑠 6. Un objeto se mueve sobre una recta de acuerdo con la ecuación 𝑠 = 𝑡3 − 3𝑡 + 1 Donde s se mide en metros y t en segundos a. ¿En qué instante la aceleración es cero? 𝑠 = 𝑡3 − 3𝑡 + 1 𝑑 𝑑𝑡 = [𝑡3 − 3𝑡 + 1] = 3𝑡2 − 3 𝑑 𝑑𝑡 = [3𝑡2 − 3] = 3 𝑑 𝑑𝑡 (𝑡2) − 𝑑 𝑑𝑡 (−3) = 3(2𝑡) = 6𝑡 𝑡 = 0 6(0) = 0 b. Hallar la aceleración en los instantes en que la velocidad es cero = 3(2𝑡) = 6𝑡 = 6(1) = 6 𝑚/𝑠 Ejercicios 2: Clasificar los puntos críticos de las siguientes funciones, presentar las gráficas de las funciones: Ejercicio 1: 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥2 + 𝑦2 + 𝑥 + 𝑦 + 𝑥𝑦 𝑑 𝑑𝑥 = [𝑥2 + 𝑦2 + 𝑥 + 𝑦 + 𝑥𝑦] = 2𝑥 + 𝑦 + 1 𝑑 𝑑𝑦 = [𝑥2 + 𝑦2 + 𝑥 + 𝑦 + 𝑥𝑦] = 2𝑦 + 𝑥 + 1 2𝑥 + 𝑦 + 1 = 0 2𝑥 + 𝑦 + 1 − 𝑦 = 0 − 𝑦 2𝑥 + 1 = −𝑦 2𝑥 + 1 − 1 = −𝑦 − 1 2𝑥 = −𝑦 − 1 2𝑥 2 = − 𝑦 2 − 1 2 𝑥 = −𝑦 − 1 2 2𝑦 + 𝑥 + 1 = 0 2𝑦 + ( −𝑦 − 1 2 ) + 1 = 0 2𝑦 + ( 1 2 (−𝑦 − 1)) + 1 = 0 2𝑦 + (− 1 2 ∗ 𝑦 + − 1 2 ) + 1 = 0 2𝑦 + − 1 2 ∗ 𝑦 + 1 2 = 0 (2 − 1 2 ) ∗ 𝑦 + 1 2 = 0 3 2 ∗ 𝑦 + 1 2 = 0 3 2 ∗ 𝑦 = − 1 2 3𝑦 = 2 ∗ − 1 2 3𝑦 = − 2 2 3𝑦 = −1 𝑦 = − 1 3 Puntos críticos (0,0) (0, − 1 3 ) (− 1 3 , 0) (− 1 3 , − 1 3 ) 𝑑2𝑓 𝑑𝑥 = 2 𝑑2𝑓 𝑑𝑦 = 2 𝑑2𝑓 𝑑𝑦𝑑𝑥 = 1 𝑑2𝑓 𝑑𝑥𝑑𝑦 = 1 |2 1 1 2 | = (2)(2) − (1)2 = 3 𝑚𝑖𝑛𝑖𝑚𝑜 𝑟𝑒𝑙𝑎𝑡𝑖𝑣𝑜 Ejercicio 2 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑦(1 − 𝑥 − 𝑦) 𝑑 𝑑𝑥 = [𝑥𝑦(1 − 𝑥 − 𝑦)] = 𝑦 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥(1 − 𝑥 − 𝑦)) = 𝑦 (𝑥 𝑑 𝑑𝑥 (1 − 𝑥 − 𝑦) + ((1 − 𝑥 − 𝑦) 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥))) = 𝑦 (𝑥 ( 𝑑 𝑑𝑥 (1) − 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥) − 𝑑 𝑑𝑥 (𝑦)) + (1 − 𝑥 − 𝑦)(1)) = 𝑦(𝑥(−1) + 1 − 𝑥 − 𝑦) = 𝑦(−2𝑥 − 𝑦 + 1) = −𝑦(2𝑥 + 𝑦 − 1) 𝑑 𝑑𝑦 = [𝑥𝑦(1 − 𝑥 − 𝑦)] = 𝑥 (𝑦 𝑑 𝑑𝑥 (1 − 𝑥 − 𝑦) + ((1 − 𝑥 − 𝑦) 𝑑 𝑑𝑥 (𝑦))) = 𝑥 (𝑦 ( 𝑑 𝑑𝑥 (1) − 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥) − 𝑑 𝑑𝑥 (𝑦)) + (1 − 𝑥 − 𝑦)(1)) = 𝑥(𝑦(−1) + 1 − 𝑥 − 𝑦) = 𝑥(−2𝑦 − 𝑥 + 1) = −𝑥(2𝑦 + 𝑥 − 1) −𝑦(2𝑥 + 𝑦 − 1) = 0 2𝑥 + 𝑦 − 1 − 𝑦 = 0 − 𝑦 2𝑥 − 1 = −𝑦 2𝑥 − 1 + 1 = −𝑦 + 1 2𝑥 = −𝑦 + 1 𝑥 = −𝑦 + 1 2 = −𝑥(2𝑦 + 𝑥 − 1) = − ( −𝑦 + 1 2 ) (2𝑦 + −𝑦 + 1 2 − 1) 𝑦 = 1 𝑦 = 1 3 𝑑2𝑓 𝑑𝑥 = −2𝑦 𝑑2𝑓 𝑑𝑦 = −2𝑥 𝑑2𝑓 𝑑𝑦𝑑𝑥 = −2𝑥 − 2𝑦 + 1 𝑑2𝑓 𝑑𝑥𝑑𝑦 = −2𝑦 − 2𝑥 + 1 | −2𝑦 −2𝑦 − 2𝑥 + 1 −2𝑦 − 2𝑥 + 1 −2𝑥 | = (−2𝑦)(−2𝑥) − (−2𝑦 − 2𝑥 + 1)2 Puntos críticos (0,0) (0,1) (1,0) ( 1 3 , 1 3 ) (−2(0))(−2(0)) − (−2(0) − 2(0) + 1)2 = −1 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑑𝑒 𝑠𝑖𝑙𝑙𝑎 (−2(1))(−2(0)) − (−2(1) − 2(0) + 1)2 = −1 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑑𝑒 𝑠𝑖𝑙𝑙𝑎 (−2(0))(−2(1)) − (−2(0) − 2(1) + 1)2 = −1 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑑𝑒 𝑠𝑖𝑙𝑙𝑎 (−2 ( 1 3 )) (−2 ( 1 3 )) − (−2 ( 1 3 ) − 2 ( 1 3 ) + 1) 2 = 1 3 = 0.333 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑜 𝑟𝑒𝑙𝑎𝑡𝑖𝑣𝑜 Ejercicio 3 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑦𝑒𝑥+2𝑦 𝑑 𝑑𝑥 = [𝑥𝑦𝑒𝑥+2𝑦] = 𝑦 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥𝑒𝑥+2𝑦) = 𝑦 (𝑒𝑥+2𝑦 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥) + 𝑥 𝑑 𝑑𝑥 (𝑒𝑥+2𝑦)) = 𝑦 (1𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑥𝑒𝑥+2𝑦 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥 + 2𝑦)) = 𝑦 (𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑥𝑒𝑥+2𝑦 ( 𝑑 𝑑𝑥 (𝑥) + 𝑑 𝑑𝑥 (2𝑦))) = 𝑦(𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑥𝑒𝑥+2𝑦(1)) = 𝑦(𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑥𝑒𝑥+2𝑦) = 𝑦(𝑥 + 1)𝑒𝑥+2𝑦 𝑑 𝑑𝑦 = [𝑥𝑦𝑒𝑥+2𝑦] = 𝑥 𝑑 𝑑𝑦 (𝑦𝑒𝑥+2𝑦) = 𝑥 (𝑒𝑥+2𝑦 𝑑 𝑑𝑦 (𝑦) + 𝑦 𝑑 𝑑𝑦 (𝑒𝑥+2𝑦)) = 𝑥 (1𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑦𝑒𝑥+2𝑦 𝑑 𝑑𝑦 (𝑥 + 2𝑦)) = 𝑥 (𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑦𝑒𝑥+2𝑦 (2 𝑑 𝑑𝑦 (𝑥) + 𝑑 𝑑𝑦 (𝑦))) = 𝑥(𝑒𝑥+2𝑦 + 𝑦𝑒𝑥+2𝑦(2 ∗ 1)) = 𝑥(𝑒𝑥+2𝑦 + 2𝑦𝑒𝑥+2𝑦 ) = 𝑥(2𝑦 + 1)𝑒𝑥+2𝑦 𝑦(𝑥 + 1)𝑒𝑥+2𝑦 = 0 𝑦 = 0, 𝑥 = −1 (−1)(2𝑦 + 1)𝑒(−1)+2𝑦 = 0 𝑦 = − 1 2 𝑥(2(0) + 1)𝑒𝑥+2(0) = 0 𝑥 = 0 𝑑2𝑓 𝑑𝑥 = 𝑦(𝑥 + 2)𝑒𝑥+2𝑦 𝑑2𝑓 𝑑𝑦 = 4𝑥(𝑦 + 1)𝑒2𝑦+𝑥 𝑑2𝑓 𝑑𝑦𝑑𝑥 = (𝑥 + 1)(2𝑦 + 1)𝑒𝑥+2𝑦 𝑑2𝑓 𝑑𝑥𝑑𝑦 = (𝑥 + 1)(2𝑦 + 1)𝑒2𝑦+𝑥 | 𝑦(𝑥 + 2)𝑒𝑥+2𝑦 (𝑥 + 1)(2𝑦 + 1)𝑒𝑥+2𝑦 (𝑥 + 1)(2𝑦 + 1)𝑒𝑥+2𝑦 4𝑥(𝑦 + 1)𝑒2𝑦+𝑥 | = (𝑦(𝑥 + 2)𝑒𝑥+2𝑦)(4𝑥(𝑦 + 1)𝑒2𝑦+𝑥) − ((𝑥 + 1)(2𝑦 + 1)𝑒𝑥+2𝑦)2 Puntos críticos (0,0) (−1, − 1 2 ) (0(0 + 2)𝑒0+2(0))(4(0)(0 + 1)𝑒2(0)+0) − ((0 + 1)(2(0) + 1)𝑒0+2(0)) 2 = −1 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑑𝑒 𝑠𝑖𝑙𝑙𝑎 (− 1 2 (−1 + 2)𝑒 −1+2(− 1 2 ) ) (4(−1) (− 1 2 + 1) 𝑒 −1+2(− 1 2 ) ) − ((−1 + 1) (2 (− 1 2 ) + 1) 𝑒 −1+2(− 1 2 ) ) 2 = 0.0183156 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑜 𝑟𝑒𝑙𝑎𝑡𝑖𝑣𝑜 Ejercicios 3: 1. Use multiplicadores de Lagrange para obtener los valores extremos de 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑦 bajo la restricción 9𝑥2 + 𝑦2 = 4 ℒ = 𝑥𝑦 + 𝜆(9𝑥2 + 𝑦2 − 4) 𝑑ℒ 𝑑𝑥 = 𝑦 + 18𝜆𝑥 = 0 𝑑ℒ 𝑑𝑦 = 𝑥 + 2𝜆𝑦 = 0 𝑑ℒ 𝑑𝜆 = 9𝑥2 + 𝑦2 − 4 = 0 𝜆 = − 𝑦 18𝑥 𝜆 = − 𝑥 2𝑦 𝑦 18𝑥 = 𝑥 2𝑦 1 18 ∙ 𝑦 ∙ 𝑥 = 𝑥 2 ∙ 𝑦 1 18 ∙ 𝑦 ∙ 𝑥 + (− 𝑥 2 ) ∙ 𝑦 = 0 ( 1 18 ∙ 𝑥 (− 𝑥 2 )) ∙ 𝑦 = 0 𝑦 = 0 1 18 ∙ 𝑥 (− 𝑥 2 ) 𝑦 = 0 9𝑥2 + (0)2 − 4 = 0 9𝑥2 + (0)2 = 0 + 4 9𝑥2 = 4 𝑥2 = 4 9 𝑥 = √ 4 9 𝑥1 = √2 3 𝑥2 = − √2 3 9 ( √2 3 ) 2 + 𝑦2 − 4 = 0 𝑦1 = √2 𝑦2 = −√2 𝜆 = √2 3 2√2 = − 1 6 𝜆 = − √2 3 2 − √2 = 1 6 𝑃1 ( √2 3 , √2) 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑜 𝑃2 ( √2 3 , −√2) 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑜 𝑃3 (− √2 3 , √2) 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑖𝑛𝑖𝑚𝑜 𝑃4 (− √2 3 , −√2) 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑖𝑛𝑖𝑚𝑜 2. Determina los extremos de la función 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥2 + 𝑦2 restringida a la condición 𝑦 + 𝑥2 = 1 ℒ = 𝑥2 + 𝑦2 + 𝜆(𝑦 + 𝑥2 −1) 𝑑ℒ 𝑑𝑥 = 2𝑥 + 2𝜆𝑥 = 0 𝑑ℒ 𝑑𝑦 = 2𝑦 + 1𝜆 = 0 𝑑ℒ 𝑑𝜆 = 𝑦 + 𝑥2 − 1 = 0 𝜆 = − 2𝑥 2𝑥 𝜆 = − 2𝑦 1 2𝑥 2𝑥 = 2𝑦 1 1 = 2𝑦 1 2𝑦 = 1 𝑦 = 1 2 1 2 + 𝑥2 − 1 = 0 1 2 + 𝑥2 = 1 𝑥2 = 1 2 𝑥 = √ 1 2 𝑥1 = √2 2 𝑥2 = − √2 2 𝑦 + (− √2 2 ) 2 − 1 = 0 𝑦 = 1 𝑦 = 1 2 𝑃1 ( √2 2 , 1 4 ) 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑖𝑛𝑖𝑚𝑜 𝑃2 (− √2 2 , 1 4 ) 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑖𝑛𝑖𝑚𝑜 𝑃3 (0,1)𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑜
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