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ESCUELA DE ESTUDIOS GENERALES ÁREA DE INGENIERÍA Algebra y Geometría Analítica 2020-II Unidad 1 Semana 2 Inducción matemática. Demostraciones por inducción matemática. Sumatorias y propiedades. Número combinatorio y propiedades. Binomio de Newton. ¿Cómo demostrarías lo siguiente? • Para cualquier 𝑛 ∈ ℕ, 𝑛 ≥ 1 se cumple: 1 + 3 + 5 +⋯+ 2𝑛 − 1 = 𝑛2 • 2𝑛 ≥ 8 𝑛 − 2 ; ∀ 𝑛 ≥ 3, 𝑛 ∈ ℕ Analicemos lo siguiente: 1 = 2 1 − 1 = 12 1 + 3 = 1 + 2 2 − 1 = 22 1 + 3 + 5 = 1 + 2 + 2 3 − 1 = 32 ⋮ 1 + 3 +⋯+ 15 = 1 + 3 +⋯+ 2 8 − 1 = 64 En base a este análisis se podría conjeturar que 1 + 3 +⋯+ 2𝑛 − 1 = 𝑛2 Es decir que la suma de los primeros 𝑛 números impares es 𝑛2. ¿Cómo demostrar que siempre se cumple, para cualquier valor que tome 𝑛 ∈ ℕ? En este caso se usará una clase especial de demostración, llamada inducción matemática. Diremos que un subconjunto 𝑆 de ℝ es inductivo si se satisfacen: i)1 ∈ 𝑆 ii) 𝑘 ∈ 𝑆 ⟶ 𝑘 + 1 ∈ 𝑆 𝑖)ℝ,ℝ>0, ℝ≥1 𝑖𝑖) ℝ<5 no es un conjunto inductivo pues satisface 𝑖) pero no satisface 𝑖𝑖) Ejemplos CONJUNTOS INDUCTIVOS Ejemplos 𝑖) 𝜙 , conjunto vacío es inductivo? 𝑖i)S = {𝑥 ∈ ℝ: 𝑥2 ≤ 3} es inductivo? INDUCCIÓN MATEMÁTICA La inducción matemática es un tipo de demostración, usada para demostrar proposiciones que dependen de una variable 𝑛 que toma una infinidad de valores enteros. La inducción matemática está basada en el siguiente principio. Principio de inducción matemática Sea 𝑆 ⊂ ℕ, que satisface las siguientes condiciones: 1. El número 1 ∈ 𝑆. 2. Si k ∈ 𝑆, entonces k + 1 ∈ 𝑆. Entonces, todo número natural pertenece a 𝑆, es decir 𝑆 = ℕ. Demostración por inducción matemática Sea 𝑛 y 𝑛0 números naturales (𝑛 ≥ 𝑛0), si 𝑃(𝑛) es un enunciado que depende de 𝑛 y si se satisfacen las dos condiciones siguientes. 1. 𝑃(𝑛0) es verdadera. 2. Para todo número natural 𝑘 ≥ 𝑛0, si 𝑃(𝑘) es verdadero, implica que 𝑃(𝑘 + 1) es verdadero. Entonces 𝑃(𝑛) es verdadero para todo 𝑛 ≥ 𝑛0. Observación: • En la práctica, 𝑛0 es generalmente igual a 1. • 𝑃(𝑘) se llama la hipótesis inductiva, no se debe probar su veracidad se asume como verdadera. Ejemplos 1. Probar que ∀𝑛 ∈ ℕ se verifica la igualdad 𝑃 𝑛 : 12 + 22 +⋯+ 𝑛2 = 1 6 𝑛 𝑛 + 1 2𝑛 + 1 Solución • 𝑃(1) es verdad, pues para 𝑛 = 1 se tiene 12 = 1 6 1 1 + 1 3 = 1 • Supongamos que 𝑃(𝑘) es verdad. Es decir se cumple que: 12 + 22 +⋯+ 𝑘2 = 1 6 𝑘(𝑘 + 1)(2𝑘 + 1 (Hipótesis inductiva). Debemos probar que 𝑃(𝑘 + 1) es verdad. En efecto: 12 + 22 +⋯+ 𝑘2+ 𝑘 + 1 2 = 1 6 𝑘 𝑘 + 1 2𝑘 + 1 + 𝑘 + 1 2 = 𝑘 + 1 1 6 𝑘 2𝑘 + 1 + 𝑘 + 1 = 𝑘 + 1 2𝑘2 + 7𝑘 + 6 6 = 1 6 (𝑘 + 1)(𝑘 + 2)(2𝑘 + 3) = 1 6 (𝑘 + 1)( 𝑘 + 1 + 1)(2 𝑘 + 1 + 1) Entonces, 𝑃(𝑘 + 1) es verdad. Por tanto 𝑃(𝑛) es verdad ∀ 𝑛 ∈ ℕ. 2. Demuestre que para todo entero 𝑛 ≥ 5, se cumple 4𝑛 < 2𝑛. Solución • Tenemos 𝑛0 = 5, por verificar que 𝑃(5) es verdad. Como 𝑃 5 : 4 5 < 25 y vemos 20 < 32, entonces 𝑃(5) es verdad. • Supongamos que 𝑃 𝑘 : 4𝑘 < 2𝑘 es verdad. Por demostrar que 𝑃 𝑘 + 1 : 4 𝑘 + 1 < 2𝑘+1 es verdad. En efecto: 4 𝑘 + 1 = 4𝑘 + 4 < 2𝑘 + 4 (𝑃𝑜𝑟 𝐻. 𝐼. ) < 2𝑘 + 4𝑘 (𝑝𝑢𝑒𝑠 4 < 4𝑘, 𝑐𝑜𝑛 𝑘 ≥ 5) < 2𝑘 + 2𝑘 (𝑃𝑜𝑟 𝐻. 𝐼. ) = 2 ⋅ 2𝑘 = 2𝑘+1 Entonces, 𝑃(𝑘 + 1) es verdad. Por lo tanto, 4𝑛 < 2𝑛 se cumple ∀ 𝑛 ≥ 5, 𝑛 ∈ ℕ. Sumatorias Si 𝑛 es un entero positivo y 𝑎1, 𝑎2, ⋯ , 𝑎𝑛 es un conjunto de números, entonces la suma de ellos lo podemos representar con la notación de suma o notación sigma de la siguiente manera: 𝑘=1 𝑛 𝑎𝑘 = 𝑎1 + 𝑎2 +⋯+ 𝑎𝑛 El cual se lee como “La sumatoria de los números 𝑎𝑘 desde 𝑘 = 1 hasta 𝑘 = 𝑛” Propiedades Sean 𝑚 y 𝑛 enteros positivos, 𝑐 cualquier número real, entonces se cumple: 1. 2. 3. 4. 5. 6. 1 n k c nc = = 1 1 n n k k k k ca c a = = = 1 1 1 ( ) n n n k k k k k k k a b a b = = = = 1 11 , 1 m n k k k mk k n k ma a a n == = + = + 1 0 1 , Propiedad telescópica( ) n k k n k a a a a− = − = − 1 1 , variante de propiedad telescópica( ) m n k k n k m a a a a+ + = − = − Mas propiedades Propiedades del cambio de subíndice 1. 2. , , n hn k k h k m k m h a a h z m n + + − = = + = , , n hn k k h k m k m h a a h z m n − + + = = − = Suma geométrica 1 0 1 , entero 0, 1, 0 1 nn k k x x n x x x + = − = − Observación: Se debe tener en cuenta que: 1 1 1 ( ) n n n k k k k k k k a b a b = = = Ejemplo Calcular Solución Como: 𝑎𝑘 = 2𝑘 2 + 𝑘 − 1 → 𝑎𝑘+13 = 2 𝑘 + 13 2 + 𝑘 + 13 − 1 Luego, por cambio de subíndice 30 2 14 (2 1) k k k = + − 30 17 2 2 14 1 17 2 1 17 17 17 2 1 11 (2 1) (2( 13) ( 13) 1) (2 53 350) 2 350 17(18)(35) 17(18) 2 53 17(350) 17629 3 6 2 5 k k k k kk k k k k k kk k = = = = == + − = + + + − = + + + += + = + = Ejemplo Calcule Solución Sea 𝑎𝑘 = 2𝑘+1 2𝑘+3 , entonces por variante de propiedad telescópica 700 50 2 3 2 1 2 5 2 3k k k k k= + + − + + 700 700 1 50 50 2 3 2 1 ( ) 2 5 2 3 2 700 1 2 50 1 2 3 2 50 3 k k k k k k a a k k n + = = + + − = − + + + + = − + + Número combinatorio También llamado coeficiente binomial, se define por 𝑛 𝑘 = 𝑛! 𝑘! 𝑛 − 𝑘 ! , 0 ≤ 𝑘 ≤ 𝑛, 𝑛, 𝑘 ∈ ℤ Se lee “número combinatorio de 𝑛 sobre 𝑘” Propiedades 1. 𝑛 0 = 1 2. 𝑛 1 = 𝑛 3. 𝑛 𝑛 = 1 4. 𝑛 𝑛 − 1 = 𝑛 5. 𝑛 𝑘 = 𝑛 𝑛 − 𝑘 6. 𝑛 𝑘 + 𝑛 𝑘 + 1 = 𝑛 + 1 𝑘 + 1 El teorema del binomio de Newton Si 𝑛 es un entero, donde 𝑛 ≥ 1, se cumple: Los coeficientes del binomio de newton están relacionados con el triángulo de pascal 0 ( ) n n n k k k k b n a b a − = + = Ejemplo Determine el término independiente de 𝑥 − 1 𝑥2 3𝑛 Solución Como piden el término independiente, entonces 3𝑛 − 3𝑘 = 0 → 𝑛 = 𝑘 Por tanto, el término independiente es: 3𝑛 𝑛 −1 𝑛 3 3 2 3 2 0 3 3 3 0 3 ( 1) 3 ( 1) 1 n n k k n k k n k n k k n x x kx x n k x− − = − = − − = = − Término general del binomio de Newton El término general de lugar 𝑘 + 1 del desarrollo de 𝑎 + 𝑏 𝑛 es: 𝑇𝑘+1 = 𝑛 𝑘 𝑎𝑛−𝑘𝑏𝑘 , 𝑘 ≥ 0 Ejemplo: Hallar 𝐴 si el sexto término del desarrollo de 𝑥 𝑦6 + 𝐴 10 es 252𝑥15𝑦−25. Solución 𝑇6 = 𝑇5+1 = 10 5 𝑥𝑦−6 10−5𝐴5 = 252𝑥5𝑦−30𝐴5 Por dato: 𝑇6 = 252𝑥 15𝑦−25 Entonces: 252𝑥15𝑦−25 = 252𝑥5𝑦−30𝐴5 → 𝐴5 = 𝑥10𝑦5 Por tanto: 𝐴 = 𝑥2𝑦
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