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ESCUELA SUPERIOR POLITÉCNICA DE CHIMBORAZO PRIMER SEMESTRE PARALELO ¨A¨ ANÁLISIS MATEMÁTICO I BORIS JOSUE ASQUI VACA 2020-2021 𝐸𝑛𝑐𝑜𝑛𝑡𝑟𝑎𝑟 𝑙𝑎 𝑑𝑒𝑟𝑖𝑣𝑎𝑑𝑎 𝑛 − 𝑒𝑠𝑖𝑚𝑎 𝑦 = ln 𝑥 ∗ sin 𝛼𝑥 ∗ cos 𝛽𝑥 𝑦′ = sin 𝛼𝑥 ∗ cos 𝛽𝑥 𝑥 + cos(𝛼𝑥) 𝛼 ∗ cos 𝛽𝑥 ∗ ln 𝑥 − sin 𝛽𝑥 ∗ 𝛽 ∗ ln 𝑥 ∗ sin 𝛼𝑥 𝑦𝑛 = (ln 𝑥)𝑛 sin 𝛼𝑥 ∗ cos 𝛽𝑥 + 𝑛(ln 𝑥)𝑛−1(𝛼 cos 𝛼𝑥 cos 𝛽𝑥 − 𝛽 sin 𝛽𝑥 sin 𝛼𝑥) 2! + 𝑛(𝑛 − 1)(ln 𝑥)𝑛−2(−𝛼2 sin 𝛼𝑥 cos 𝛽𝑥 − 𝛽𝛼 sin 𝛽𝑥 sin 𝛼𝑥 − 𝛽2 cos 𝛽𝑥 sin 𝛼𝑥 − 𝛽𝛼 cos 𝛼𝑥 sin 𝛽𝑥) 3! + ⋯ + ln 𝑥 (sin 𝛼𝑥 ∗ cos 𝛽𝑥)𝑛 𝑦 = 2𝑥 cos2 𝑥 𝑦′ = 2𝑥(ln 2) cos2 𝑥 − 2 cos 𝑥 sin 𝑥 ∗ 2𝑥 𝑦′ = 2𝑥(ln 2) cos2 𝑥 − sin 2𝑥 ∗ 2𝑥 𝑦′′ = 2𝑥(ln 2)2 cos2 𝑥 − sin 2𝑥 2𝑥(ln 2) − 2 cos 2𝑥 2𝑥 + 2𝑥 ln 2 sin 2𝑥 𝑦′′′ = 2𝑥(ln 2)3 cos2 𝑥 − sin 2𝑥 2𝑥(ln 2)2 − 2 cos 2𝑥 2𝑥(ln 2) − 2𝑥(ln 2)2 sin 2𝑥 + 4 sin 2𝑥 2𝑥 + 2𝑥 ln 𝑥 2 cos 2𝑥 + 2𝑥(ln 2)2 cos2 𝑥 − sin 2𝑥 2𝑥(ln 2) 𝑦𝑛 = (2𝑥)𝑛 ∗ cos2 𝑥 + 𝑛(2𝑥)𝑛−1 sin 2𝑥 + 𝑛(𝑛 − 1)(2𝑥)𝑛−22 cos 2𝑥 2! + 𝑛(𝑛 − 1)(𝑛 − 2)(2𝑥)𝑛−3(−4 sin 2𝑥) 3! + 𝑛(𝑛 − 1)(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)(2𝑥)𝑛−4(−8 cos 2𝑥) 4! … … … … … + (2𝑥)(cos2 𝑥)𝑛 𝑦 = 𝑥 + 1 𝑥2 − 4 𝑦′ = −4 − 𝑥2 − 2𝑥 (𝑥2 − 4)2 𝑦′′ = (−2𝑥 − 2)(𝑥2 − 4)2 − 2(𝑥2 − 4)(2𝑥)(−4 − 𝑥2 − 2𝑥) ((𝑥2 − 4)2)2 𝑦′′ = (−2𝑥 − 2)(𝑥2 − 4) − 2(2𝑥)(−4 − 𝑥2 − 2𝑥) (𝑥2 − 4)3 𝑦′′ = 2𝑥3 + 6𝑥2 + 24𝑥 + 8 (𝑥2 − 4)3 𝑦′′′ = (6𝑥2 + 12𝑥 + 24)(𝑥2 − 4)3 − 3(𝑥2 − 4)2(2𝑥)(2𝑥3 + 6𝑥2 + 24𝑥 + 8) ((𝑥2 − 4)3)2 𝑦′′′ = (6𝑥2 + 12𝑥 + 24)(𝑥2 − 4) − 3(2𝑥)(2𝑥3 + 6𝑥2 + 24𝑥 + 8) (𝑥2 − 4)4 𝑦′′′ = −6𝑥4 − 24𝑥3 − 144𝑥2 − 96𝑥 − 96 (𝑥2 − 4)4 𝑓𝑛(𝑥) = (−1)𝑛( (𝑛 − 1)(𝑥 + 2)𝑛 (𝑥2 − 4)𝑛+1 ) 𝐸𝑛𝑐𝑜𝑛𝑡𝑟𝑎𝑟 𝑦′′ 𝑦 = tan(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 𝑦′ = sec2(𝑥 + 𝑦)(1 + 𝑦′) − 𝑒𝑥−𝑦(1 − 𝑦′) 𝑦′ = sec2(𝑥 + 𝑦) + 𝑦′ sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 + 𝑦′𝑒𝑥−𝑦 𝑦′ − 𝑦′ sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑦′𝑒𝑥−𝑦 = sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 𝑦′(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) = sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 𝑦′ = sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 𝑦′′ − 𝑦′′ sec2(𝑥 + 𝑦) − 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) ∗ 𝑦′ − 𝑦′′𝑒𝑥−𝑦 − 𝑒𝑥−𝑦(1 − 𝑦′) ∗ 𝑦′ = 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) (1 + 𝑦′) − 𝑒𝑥−𝑦(1 − 𝑦′) 𝑦′′(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) = 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) ∗ 𝑦′ + 𝑒𝑥−𝑦(1 − 𝑦′) ∗ 𝑦′ + 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) (1 + 𝑦′) − 𝑒𝑥−𝑦(1 − 𝑦′) 𝑦′′(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) = 4 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) ∗ 𝑦′ + 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦(𝑦′)2 + 𝑒𝑥−𝑦𝑦′ 𝑦′′(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) = 4 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) ∗ ( sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 ) + 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 ( sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 ) 2 + 𝑒𝑥−𝑦 ( sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦 ) 𝑦′′(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) = (4 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦))(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) + 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) (1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦)2(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) + 𝑒𝑥−𝑦(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) (1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) 𝑦′′ = (4 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦))(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) + 2 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) (1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦)2(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) + 𝑒𝑥−𝑦(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) (1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦)2 𝑦′′ = 6 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) − 6 sec2(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) (𝑒𝑥−𝑦) − 2 sec4(𝑥 + 𝑦) tan(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦(sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦)2(1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦) (1 − sec2(𝑥 + 𝑦) − 𝑒𝑥−𝑦)2 { 𝑥 = arctan(𝑡) 𝑦 = ln(1 + 𝑡3) 𝑑𝑥 𝑑𝑡 = 1 1 + 𝑡2 𝑑𝑦 𝑑𝑡 = 3𝑡2 1 + 𝑡3 𝑑𝑦 𝑑𝑡 𝑑𝑥 𝑑𝑡 = 3𝑡2 1 + 𝑡3 1 1 + 𝑡2 = 3𝑡2(1 + 𝑡2) 1 + 𝑡3 𝑦′ 𝑥 = 3𝑡2(1 + 𝑡2) 1 + 𝑡3 𝑦𝑥𝑥 ′′ = (𝑦𝑥 ′)′𝑡 (𝑥′𝑡) (𝑦𝑥 ′)′𝑡 = (6𝑡 + 12𝑡3)(1 + 𝑡3) − 3𝑡2(3𝑡2 + 3𝑡4) (1 + 𝑡3)2 (𝑦𝑥 ′)′𝑡 = 3𝑡6 − 3𝑡4 + 12𝑡3 + 6𝑡 (1 + 𝑡3)2 𝑦𝑥𝑥 ′′ = 3𝑡6 − 3𝑡4 + 12𝑡3 + 6𝑡 (1 + 𝑡3)2 1 1 + 𝑡2 → 𝑦𝑥𝑥 ′′ = (3𝑡6 − 3𝑡4 + 12𝑡3 + 6𝑡)(1 + 𝑡2) (1 + 𝑡3)2 → 𝑦𝑥𝑥 ′′ = 3𝑡8 + 12𝑡5 − 3𝑡4 + 18𝑡3 + 6𝑡 (1 + 𝑡3)2 { 𝑥 = acos3(𝑡) 𝑦 = asin3(𝑡) 𝑑𝑥 𝑑𝑡 = −3 acos2(𝑡) sin(𝑡) 𝑑𝑦 𝑑𝑡 = 3 asin2(𝑡) cos(𝑡) 𝑑𝑦 𝑑𝑡 𝑑𝑥 𝑑𝑡 = 3 asin2(𝑡) cos(𝑡) −3 acos2(𝑡) sin(𝑡) → 𝑦𝑥 ′ = − tan(𝑡) 𝑦𝑥𝑥 ′′ = (𝑦𝑥 ′)′𝑡 (𝑥′𝑡) (𝑦𝑥 ′)′𝑡 = − sec2(𝑡) 𝑦𝑥𝑥 ′′ = − sec2(𝑡) −3 acos2(𝑡) sin(𝑡) → 𝑦𝑥𝑥 ′′ = sec2(𝑡) 3 acos2(𝑡) sin(𝑡)