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EXÁMENES RESUELTOS DE QUÍMICA 175 JUNIO 2007 169 Para que reaccionen los 10 mL de disolución de HCl, necesitaríamos 2,4 g de permanganato potásico. Como tenemos 3,0 gramos, éste es el reactivo en exceso, o lo que es lo mismo, el HCl es el reactivo limitante. ESTRATEGIA DE RESOLUCIÓN 2 Otra opción podría ser el cálculo de los moles de un producto que podemos obtener a partir de los dos reactivos presentes. El que produzca menor cantidad de producto es el limitante. En este caso, a partir de 3,0 g de permanganato potásico se pueden calcular los moles que se obtendrían de Cl2. El mismo cálculo se debe llevar a cabo a partir de 10 mL de disolución de HCl. 4 2 4 2 4 4 1 mol KMnO 5 mol Cl 80 3,0 g KMnO = 0,038 moles de Cl 158,1 g KMnO 2 mol KMnO 100 ⋅ ⋅ ⋅ 2 2 1,18 g dis. HCl 37 g HCl 1 mol HCl10 mL dis. HCl 1 mL dis. HCl 100 g dis. HCl 36,5 g HCl 5 mol Cl 80 = 0,030 moles de Cl16 mol HCl 100 ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ De nuevo se deduce que el reactivo limitante es el HCl, ya que a partir de él se obtiene menor cantidad de cloro que partiendo del permanganato potásico. Para determinar el volumen de cloro que se recoge, se deben calcular los moles de dicho compuesto que se producen. Los moles de cloro obtenidos (0,030 moles) se han calculado en el apartado anterior a partir del reactivo limitante, el ácido clorhídrico. Se debe tener en cuenta que el cloro se va a recoger sobre agua; por lo tanto, en el volumen de recogida se tendrá una mezcla de Cl2 y vapor de agua en equilibrio a 25 ºC. 176 EXÁMENES RESUELTOS DE QUÍMICA BÁSICACAPÍTULO 3 170 ( ) 22 2 2 2 2 T v,H OCl Cl Cl T v,H O Cl P V = n RT sabiendo que : P = P - P (P - P ) V = n RT 1 atm atm·L760- 23,76 mm Hg V = 0,030 mol 0,082 (273+ 25) K760 mm Hg mol·K ⎡ ⎤ ⎢ ⎥ ⎣ ⎦ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ 2V = 0,76 L Cl 2.- a) ¿Cuál es el valor de “n” más bajo en el cual se encuentran orbitales “f”? y ¿cuántos orbitales “f” existen en un nivel energético? b) Indicar qué tipo de enlace debe romperse: Al fundir hielo. Al fundir hierro. Al fundir CsCl. Al evaporar nitrógeno líquido. c) Determinar en 1, 2, 3 y 4: Fases presentes. Composición de dichas fases. Porcentaje de esas fases. Líquido Líquido + β β Líq.+ α α + β α Composición (%) 0 % B 100 % B · 1 · 2 · 3 · 4 T (ºC) 600 850 EXÁMENES RESUELTOS DE QUÍMICA 177 JUNIO 2007 171 Resolución a) El número cuántico n indica el nivel de energía. El número cuántico l indica la forma de los orbitales. Así: Si l = 0 orbital s l = 1 orbital p l = 2 orbital d l = 3 orbital f → → → → Teniendo en cuenta que l toma valores de 0 hasta n-1, para que l sea 3, n debe ser, al menos, 4. El número de orbitales existentes coincide con los valores que toma el número cuántico m que varían entre –l y +l pasando por el cero. Dicho número indica la orientación de los orbitales. Así, cuando l= 3 (orbitales f) m toma 7 valores (-3, -2, -1, 0, +1, +2, +3), luego los orbitales f son siete. b) 1. En la fusión de hielo se rompen uniones entre moléculas de agua. Estas fuerzas intermoleculares son puentes de hidrógeno. 2. En la fusión del hierro, que es un metal, se deben romper enlaces metálicos. 3. Para fundir una sal como el cloruro de cesio, se deben de romper las estructuras cristalinas que forman dicha sal constituidas mediante enlaces iónicos. 4. Al evaporar nitrógeno se deben romper enlaces intermoleculares N2-N2 o fuerzas de van der Waals. c) En el problema se presenta el diagrama de fases (temperatura frente a composición) de una mezcla binaria A-B a presión atmosférica. En él se muestran: • Tres zonas en las cuales existe una única fase: líquida, sólida α y sólida β. • Tres zonas en las que coexisten dos fases: líquida + sólida α, líquida + sólida β y sólida α + sólida β. En cada una de estas fases existe componente A y componente B. Las fases presentes, se determinan por la zona del diagrama en la que se sitúa el punto marcado. La composición de dichas fases, se leen en el eje x de dicha gráfica. Por último, el porcentaje de dichas fases se determina
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