Descarga la aplicación para disfrutar aún más
Vista previa del material en texto
UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 1 Aux. Max Caballero Clase 1: Calcular el DFQ y DMF de la estructura mostrada en la figura. Datos: Secciones (cm): Módulo de Young (kPA): P= 25 kN Columnas (1,3 y 4): 40x60 Eh=2x107 q= 25 kN/m Vigas (2,5 y 6): 40x100 UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 2 Aux. Max Caballero 1. Se colocan las incógnitas cinemáticas. Para colocar las incógnitas cinemáticas se analizan los nodos de la siguiente manera: Si los momentos se encuentran bien definidos en todo el nodo, es decir, se tienen valores numéricos a través de la estática, no hay incógnitas cinemáticas. Si los momentos no están definidos, entonces se coloca la incógnita cinemática en el nodo. 2. Se colocan las rigideces de las barras en toda la estructura, para luego formar la matriz de rigidez K del sistema: Observación: 𝑟 = 𝐸 × 𝐼 𝐿 UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 3 Aux. Max Caballero Matriz de rigidez K del sistema: 𝐾 = [ ∎ 𝜑1 𝜑1 𝐾11 𝜑2 𝐾12 𝜑3 𝐾13 𝜑2 𝐾21 𝐾22 𝐾23 𝜑3 𝐾31 𝐾32 𝐾33 ] Para calcular la matriz generalmente se sigue el siguiente esquema: a) Se analizan como afectan las rigideces de giros propios del nodo donde se tenga una incógnita cinemática de giro. b) Se analiza cómo se afectan los giros entre ellos, es decir, si hubiera un giro en la sección i cómo afectaría a j. Calculo de la matriz K del sistema: Se dividen todas las rigideces por el módulo de elasticidad y la inercia mayor: a) 𝐾11 = 4𝑟1 + 3𝑟2 + 4𝑟3 = 0,588 𝐾22 = 4𝑟3 + 4𝑟5 = 0,544 𝐾33 = 3𝑟4 + 4𝑟5 + 3𝑟6 = 0,808 b) 𝐾12 = 𝐾21 = 2𝑟3 = 0,072 𝐾13 = 𝐾31 = 0 𝐾23 = 𝐾32 = 2𝑟5 = 0,2 𝐾 = [ ∎ 𝜑1 𝜑1 0,588 𝜑2 0,072 𝜑3 0 𝜑2 0,072 0,544 0,2 𝜑3 0 0,2 0,808 ] UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 4 Aux. Max Caballero 3. Analizamos el estado inicial de tensiones, para eso analizamos cuáles son las barras que tienen cualquier tipo de carga en el tramo intermedio, y cómo afectan esas cargas a las incógnitas cinemáticas: Se suman los esfuerzos nodales para formar el vector de tensiones iniciales, los momentos en los nodos corresponden a los giros en dichos nodos: 𝑅0 = [ 𝑀01 312,5 𝑀02 0 𝑀03 312,5 ] nos queda 𝑅0 = [ 312,5 0 312,5 ] 4. Analizamos las cargas nodales, la característica principal de estas cargas, es que las mismas no pertenecen a ninguna de las barras que concurren en el lugar donde existe una incógnita cinemática. 𝑅 = [ 𝑀1 150 𝑀2 150 𝑀3 0 ] nos queda 𝑅 = [ 150 150 0 ] UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 5 Aux. Max Caballero 5. Se calculan las incógnitas cinemáticas: 𝐾 × 𝑟 + 𝑅0 = 𝑅 𝐸 × 𝐼𝑧2 × [ 0,588 0,072 0 0,072 0,544 0,2 0 0,2 0,808 ] × [ 𝜑1 𝜑2 𝜑3 ] + [ 312,5 0 312,5 ] = [ 150 150 0 ] Se obtiene la solución: 𝑟 = [ 𝜑1 −0,00051 𝜑2 0,00076 𝜑3 −0,00077 ] 6. Se calculan los esfuerzos finales sobre las distintas barras. 𝑄 = 𝑄0 + 𝑘 × 𝑟 El cálculo de las tensiones finales se realiza de la siguiente manera: Se calculan primero los momentos en ambos extremos, para eso se analizan cómo los giros afectan a las barras en el extremo que estamos analizando. Luego se le suman los momentos iniciales calculados. Una vez que se tienen los momentos en ambos extremos de las barras, a partir del equilibrio se sacan las cortantes y por superposición de efectos se les suman a las cortantes iniciales. Barra 1: 𝑚1 = −4𝑟1 × 𝜑1 = −48,96 𝑚2 = −2𝑟1 × 𝜑1 = −24,48 𝑣1 = (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿1 = −12,24 𝑣2 = − (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿1 = 12,24 UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 6 Aux. Max Caballero Barra 2: 𝑚1 = 312,5 − 3𝑟2 × 𝜑1 = 210,5 𝑚2 = 0 𝑣1 = 156,25 + (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿2 = 146,05 𝑣2 = 93,75 − (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿2 = 103,95 Barra 3: 𝑚1 = 4𝑟3 × 𝜑2 − 2𝑟3 × 𝜑1 = 48,48 𝑚2 = −4𝑟3 × 𝜑1 + 2𝑟3 × 𝜑2 = −12,48 𝑣1 = (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿3 = 6 𝑣2 = − (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿3 = −6 Barra 4: 𝑚1 = −3𝑟4 × 𝜑3 = −55,44 𝑚2 = 0 𝑣1 = (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿4 = −9,24 𝑣2 = − (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿4 = 9,24 Barra 5: 𝑚1 = 4𝑟5 × 𝜑2 − 2𝑟5 × 𝜑3 = 100 𝑚2 = −4𝑟5 × 𝜑3 + 2𝑟5 × 𝜑2 = −104 𝑣1 = (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿5 = −0,4 𝑣2 = − (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿5 = 0,4 UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 7 Aux. Max Caballero Barra 6: 𝑚1 = 312,5 + 3𝑟6 × 𝜑3 = 158,5 𝑚2 = 0 𝑣1 = 156,25 + (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿6 = 16,75 𝑣2 = 93,75 − (𝑚1 ′ + 𝑚2 ′ ) 𝐿6 = −16,75 7. Gráficos de los diagramas: DMF: DFQ: UNIVERDAD NACIONAL DE ASUNCION FACULTAD DE INGENIERIA Ingeniería Civil Cátedra de Estructuras 3 2018 8 Aux. Max Caballero Ejercicio propuesto: Datos: Secciones (cm): Módulo de Young (kPA): P= 50 kN Vigas (2 y 7): 30x80 Eh=2x107 H= 20 kN Columnas (1,3,4,5 y 6): 30x50 q=30 kN/m
Compartir