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Notas de clase - Cálculo I 3. Sucesiones numéricas Definición: Una sucesión numérica (infinita) de números reales es una función a : N→ R. La siguiente notación es la usual para designar una sucesión {an}n∈N = {a1, a2, a3, . . .}, donde an ∈ R para todo n ∈ N y an se dice que es el término general de la sucesión. Ejemplos: (i) an = 1 n , n ∈ N. (ii) an = (−1)n, n ∈ N. (iii) bn = n 3 − n, n ∈ N. (iv) cn = rn n! , n ∈ N, donde n! = 1 · 2 · · · (n− 1) · n y r ∈ R (fijo!). En la siguiente figura estan representados algunos términos de las sucesiones en (i) y (ii). Figura 1 En el primer gráfico la sucesión ”parece tender” al cero y en el segundo la sucesión oscila entre 1 y −1 indefinidamente. Con respecto al estudio de sucesiones estamos interesados en saber ”hacia donde va” una sucesión cuando n se hace cada vez más grande en magnitud; para ello necesitamos precisar la frase ”hacia donde va”, el término preciso es el de ĺımite o convergencia de una sucesión. Se dice que una sucesión {an} converge o tiene por ĺımite a un valor ` ∈ R si para cada intervalo de la forma (`− �, `+ �), con � > 0 arbitrario y fijo, existe N ∈ N (el cual puede depender de �) tal que an ∈ (`− �, `+ �), ∀n ≥ N. Esto es equivalente a decir que para cada � > 0 existe N ∈ N tal que `− � < an < `+ �, ∀n ≥ N ⇐⇒ |an − `| < �, ∀n ≥ N. Escribiremos esto último en una definición. Para ello, introducimos los siguientes śımbolos: +∞ (el + infinito) y −∞ (el - infinito). Tales śımbolos NO son números y significan que −∞ < x < +∞ para todo x ∈ R. La notación n→ +∞ significa que n ∈ N se hace cada vez más grande en magnitud a la derecha del cero sin cota superior, y se lee: ”n tiende al + infinito”. Con esta notación ponemos {an}+∞n=1 = {an}n∈N. Definición: Una sucesión {an}+∞n=1 tiene por ĺımite el valor ` ∈ R (o converge hacia ` ∈ R) si para cada � > 0 existe N ∈ N tal que |an − `| < �, ∀ n ≥ N. Si este es el caso escribimos lim n→+∞ an = `. La expresión an → ` significa que la sucesión {an} converge hacia ` y ` es su ĺımite. 1 2 Importante: Si una sucesión converge en R, entonces su ĺımite es único. Si no existe lim n→+∞ an o lim n→+∞ an = ±∞ diremos que la sucesión diverge. El significado de las expresiones lim n→+∞ an = +∞ y lim n→+∞ an = −∞ estan contenidas en las siguientes definiciones. Definición: Una sucesión {an}+∞n=1 diverge al +∞ si para cada M > 0 existe N ∈ N tal que M < an , ∀n ≥ N. Si este es el caso, escribimos lim n→+∞ an = +∞. Definición: Una sucesión {an}+∞n=1 diverge al −∞ si para cada M > 0 existe N ∈ N tal que an < −M , ∀n ≥ N. Si este es el caso, escribimos lim n→+∞ an = −∞. Ejemplo 1: Veamos, por definición, que lim n→+∞ 1 n = 0. Dado � > 0, existe N ∈ N tal que 0 < 1 � < N . Ya que 0 < 1n+1 ≤ 1 n para todo n ∈ N se sigue que 0 < 1 n ≤ 1 N < �, ∀n ≥ N. Trivialmente, esto último es equivalente a ∣∣∣∣ 1n − 0 ∣∣∣∣ < �, ∀n ≥ N. Luego, por la definición de convergencia, podemos escribir que lim n→+∞ 1 n = 0. Para concluir el ejemplo veamos como escoger el número natural N para ciertos números � > 0 dados. Si � = 331 , entonces es suficiente escoger N > 31 3 , por ejemplo al tomar N = 11 resulta∣∣∣∣ 1n − 0 ∣∣∣∣ < 331 , ∀n ≥ 11. Si � = 15000 , entonces es suficiente escoger N = 5001, luego∣∣∣∣ 1n − 0 ∣∣∣∣ < 15000 , ∀n ≥ 5001. Ejemplo 2: Veamos que la sucesión (−1)n no es convergente. Dicha sucesión es un ejemplo de sucesión oscilante. El gráfico de la sucesión (−1)n ya debeŕıa convencernos de que tal sucesión no converge. Igualmente probaremos este hecho anaĺıticamente. Mostraremos que (−1)n no converge a ningún ` ∈ R. Para ello estudiaremos los siguientes casos por separado: ` = 1, ` = −1, ` 6= 1,−1. Caso ` = 1. Sea � = 1. Para cada N ∈ N tenemos que 2N + 1 > N luego |a2N+1 − 1| = |(−1)2N+1 − 1| = | − 1− 1| = 2 > 1 = �, ∀N ∈ N. Por lo tanto (−1)n 9 1 (el śımbolo 9 significa: no converge a o no tiende a). El caso ` = −1 es similar. Luego (−1)n 9 −1. Caso ` 6= 1,−1. Al tomar � = 12 min{|`+ 1|, |`− 1|}, resulta |aN − `| = |(−1)N − `| > �, ∀N ∈ N. 3 Por lo tanto an 9 `. Hemos mostrado aśı que (−1)n no converge a ningún ` ∈ R. En otras palabras, no existe lim n→+∞ (−1)n. Ejemplo 3: Si an = 5, ∀n ∈ N, entonces trivialmente lim n→+∞ an = 5. Este ejemplo ilustra el hecho que una sucesión constante converge a la constante misma. Ejercicio resuelto: Utilizar la definición de ĺımite infinito para mostrar que lim n→+∞ n3 − n = +∞. Solución: Dado M > 0 y arbitrario, debemos encontrar N ∈ N tal que n3 − n > M , para todo n ≥ N . Para ver esto, primero fijamos M > 0. Luego, sea N ∈ N un natural fijo tal que N > M y N ≥ 2, por lo tanto N2 − 1 ≥ 3 > 1. Luego, si n ≥ N , entonces n3 − n = (n2 − 1)n ≥ (N2 − 1)N > N > M. Siendo M > 0 y arbitrario se sigue, por definición, que lim n→+∞ n3 − n = +∞. Ejercicio: Mostrar por definición que lim n→+∞ n = +∞ y que lim n→+∞ (−n3) = −∞. A continuación listamos ciertos hechos concernientes a las sucesiones. H1) Si lim n→+∞ an y lim n→+∞ bn existen ambos en R, y α, β son constantes reales fijas, entonces lim n→+∞ (α · an + β · bn) = α · lim n→+∞ an + β · lim n→+∞ bn lim n→+∞ (an · bn) = lim n→+∞ an · lim n→+∞ bn Además si lim n→+∞ bn 6= 0, entonces para algún N ∈ N se tiene que bn 6= 0 ∀n ≥ N y lim n→+∞ ( an bn ) = lim n→+∞ an lim n→+∞ bn . H2) Si lim n→+∞ an = ` ∈ R, entonces el conjunto {a1, a2, ..., aj , ...} es acotado. Esto es: existe una constante M > 0 tal que |an| ≤M para todo n ∈ N. H3) Si {an}+∞n=1 es una sucesión monótona creciente (es decir: aj ≤ aj+1, ∀j ∈ N) y acotada entonces lim n→+∞ an existe en R. H4) Si {an}+∞n=1 es una sucesión monótona decreciente (es decir: aj+1 ≤ aj , ∀j ∈ N) y acotada entonces lim n→+∞ an existe en R. H5) lim n→+∞ an = 0 si y sólo si lim n→+∞ |an| = 0. H6) Teorema del emparedado: Sean {an}, {bn} y {cn} tres sucesiones tales que an ≤ bn ≤ cn, ∀n ∈ N. Si an → ` y cn → ` (con ` ∈ R), entonces bn → `. En la práctica cuando se quiera aplicar el teorema del emparedado a una sucesión {bn} para calcular su ĺımite uno debe encontrar dos sucesiones {an} y {cn} tales que an ≤ bn ≤ cn (∀n), y sus respectivos ĺımites (los cuales deben ser iguales) sean más fáciles de calcular que el ĺımite de la sucesión {bn} dada. Ver ejemplo 6 abajo. H7) Si para algún N ∈ N se tiene que an ≤ bn ∀n ≥ N y an → +∞, entonces bn → +∞. H8) Si para algún N ∈ N se tiene que bn ≤ an ∀n ≥ N y an → −∞, entonces bn → −∞. 4 H9) lim n→+∞ e−n = 0, lim n→+∞ en = +∞ y lim n→+∞ ln(n) = +∞. H10) Si an → ` ∈ R y r ∈ R, entonces er an → er `. H11) Si an → +∞ y r 6= 0, entonces eran → +∞ si r > 0, y eran → 0 si r < 0. H12) Teorema: (ĺımite notable) lim n→+∞ ( 1 + 1 n )n = e. H13) Si an → ` ∈ R, bn → +∞ y cn → −∞, entonces (an + bn)→ +∞ y (an + cn)→ −∞. H14) Si an → ` > 0, bn → +∞ y cn → −∞, entonces (an · bn)→ +∞ y (an · cn)→ −∞. H15) Si an → ` < 0, bn → +∞ y cn → −∞, entonces (an · bn)→ −∞ y (an · cn)→ +∞. De ahora en más utilizaremos estos hechos para calcular ĺımites de sucesiones. Ejemplo 4: Sea lim n→+∞ an = ` ∈ R y sea p(x) = 5x2 − x+ 2. Entonces p(an) es una nueva sucesión con lim n→+∞ p(an) = p(`). En efecto, p(an) = 5a 2 n − an + 2, luego del hecho H1) se sigue que lim n→+∞ p(an) = lim n→+∞ ( 5a2n − an + 2 ) = 5 [ lim n→+∞ an ]2 − lim n→+∞ an + 2 = 5` 2 − `+ 2 = p(`). Ejemplo 5: lim n→+∞ (−1)n n = 0. Esto se sigue de H5) y el ejemplo 1. Ejemplo 6: Veamos que lim n→+∞ ln(n) n = 0. Por las propiedades (6) y (5) del logaritmo natural (ver nota 2 Funciones, p. 6) resulta que 0 ≤ ln(n) n = 2 ln(n) 2n = 2 n ln(n1/2) ≤ 2n 1/2 n = 2 n1/2 , ∀n ∈ N. Por lo tanto 0 ≤ ln(n) n ≤ 2 n1/2 , ∀n ∈ N. Ya que 0 → 0 (una sucesión constante converge a la constante misma) y n−1/2 → 0, por el teorema del emparedado se sigue el resultado del ejemplo. Ejemplo 7: Veamos que lim n→+∞ n! 2n− 5 = +∞. Es claro que n(n − 1) ≤ n(n − 1)! = n! para todo n ≥ 1. Luego n(n− 1) 2n− 5≤ n! 2n− 5 para todo n ≥ 3. Por H14) tenemos que n(n− 1) 2n− 5 = n− 1 2− 5n = 1 2− 5n · (n− 1)→ 1 2 · (+∞) = +∞. Finalmente, por H7) se sigue que lim n→+∞ n! 2n− 5 = +∞. Ejemplo 8: Vamos a estudiar el comportamiento de la sucesión rn para cada r ∈ R fijo. Veamos que 5 lim n→∞ rn = +∞ si r > 1 1 si r = 1 0 si |r| < 1 no existe si r ≤ −1 . Si r > 1 y fijo, tenemos por H11) que lim n→+∞ rn = lim n→+∞ en ln(r) = +∞, pues ln(r) > 0 para r > 1. Si r = 1, entonces rn = 1, ∀n ∈ N, por lo tanto lim n→+∞ rn = 1, si r = 1. Para |r| < 1, por H5), es suficiente ver que |r|n → 0. Siendo ln(|r|) < 0 para |r| < 1, por H11) resulta que lim n→+∞ |rn| = lim n→∞ |r|n = lim n→+∞ en ln(|r|) = 0. Luego lim n→+∞ rn = 0 si |r| < 1. Si r ≤ −1 entonces no existe lim n→+∞ rn, pues r2n ≥ |r| ≥ 1 ∀n y r2n+1 ≤ −|r| ≤ −1 ∀n. Luego la sucesión diverge para r ≤ −1. Ejemplo 9: Para cada r ∈ R fijo, se tiene que lim n→+∞ rn n! = 0. Veamos esto, dado r ∈ R fijo, ∃n0 ∈ N tal que |r| ≤ n0. Sea ahora n > n0 entonces 0 ≤ ∣∣∣∣rnn! ∣∣∣∣ = |r|nn! = |r| |r|2 |r|3 · · · |r|n0 |r|(n0 + 1) · · · |r|n ≤ (n0) n0 n0! ( |r| (n0 + 1) )n−n0 . Ya que |r|(n0+1) < 1, por el ĺımite calculado en el ejemplo 8, se sigue que lim n→+∞ ( |r| (n0 + 1) )n−n0 = 0. Finalmente por el teorema del emparedado resulta que lim n→+∞ rn n! = 0, para cada r ∈ R fijo. Ejemplo 10: Veamos que lim n→+∞ n2 + n− 3 n5 + 2n3 = 0. Al sacar el factor común n5 en el numerador y en el denominador resulta n2 + n− 3 n5 + 2n3 = ( 1 n3 + 1 n4 − 3 n5 ) ( 1 + 2 n2 ) , al tomar ĺımite, por H1), obtenemos que lim n→+∞ n2 + n− 3 n5 + 2n3 = lim n→+∞ ( 1 n3 + 1 n4 − 3 n5 ) lim n→+∞ ( 1 + 2 n2 ) = 0 1 = 0. 6 Ejemplo 11: Veamos que lim n→+∞ ( 1 + 1 n )−3n = e−3. De H1) y H12) se sigue que lim n→+∞ ( 1 + 1 n )−3n = lim n→+∞ 1[( 1 + 1n )n]3 = 1[ lim n→+∞ ( 1 + 1 n )n]3 = 1e3 = e−3. 7 Ejercicios adicionales 3. Sucesiones Numéricas (1) Dar la definición de sucesión numérica. (2) Dar la definición de ĺımite finito de una sucesión numérica. (3) Sea {an}+∞n=1 la sucesión definida por an = 2n+ 4 3n , ∀n ∈ N. (a) Graficar los cinco primeros términos de la sucesión. (b) Dado �0 = 5 103 , determinar un valor N0 ∈ N (que dependerá de �0) tal que ∣∣an − 23 ∣∣ ≤ �0, para todo n ≥ N0. (c) Pruebe usando la definición de ĺımite que lim n→+∞ 2n+ 4 3n = 2 3 . (4) Dada la sucesión de término general an = n− 4 · 2n 2n+1 , n ≥ 1. (a) Comprobar que la sucesión {an}+∞n=1 es monótona decreciente. (b) Mostrar que −2 es una cota inferior, esto significa que: −2 ≤ an para todo n ∈ N. (c) Qué puede decir acerca de la convergencia o divergencia de la sucesión {an}? Justifique su respuesta. (5) Mostrar que el ĺımite lim n→+∞ (−1)n no existe en R. Esto es, demostrar que, cualquiera sea l ∈ R, lim n→+∞ (−1)n = l es falso. (6) Mostrar que lim n→+∞ an = 0 si y sólo si lim n→+∞ |an| = 0. (7) Sea l ∈ R. Mostrar que lim n→+∞ an = l si y sólo si lim n→+∞ (an − l) = 0. (8) Sea l 6= 0. Mostrar que lim n→+∞ an = l si y sólo si lim n→+∞ 1 an = 1 l . (9) Sean p y q polinomios con coeficientes reales. Mostrar, utilizando las propiedades del ĺımite, que si lim n→+∞ an = α y q(α) 6= 0, entonces existe lim n→+∞ p(an) q(an) = p(α) q(α) . (10) Enunciar el teorema del emparedado para sucesiones. (11) Comprobar los siguientes ĺımites: (a) lim n→+∞ n+ 3 n3 + 4 = 0. (b) lim n→+∞ 4− n3 n+ 3 = −∞. (c) lim n→+∞ 1 nK = 0, donde K es un número natural fijo. (d) lim n→+∞ n! nn = 0. (e) lim n→+∞ 4 √ n+ 1− 4 √ n = 0. (f) lim n→+∞ sen(n) n = 0, (12) Sabiendo que lim n→+∞ ( 1 + 1 n )n = e. Calcular en los siguientes casos el lim n→+∞ an. (a) an = ( 1 + 1n )−2n . (b) an = ( n+1 n )5n−3 . (c) an = ( 1 + 17n )n .
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