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165 Integrales de funciones logarítmicas Evalúa las siguientes integrales 1.− ∫(ln 𝑥)2𝑑𝑥 Solución. Integrando por partes, hacemos 𝑢 = (ln𝑥)2, entonces 𝑑𝑢 = 2 ln 𝑥 𝑥 𝑑𝑥 y sea 𝑑𝑣 = 𝑑𝑥, entonces 𝑣 = 𝑥. Por lo tanto, ∫(ln 𝑥)2𝑑𝑥 = 𝑥(ln𝑥)2 −∫2 ln 𝑥 𝑑𝑥 Ahora volvemos a integrar por partes a la integral ∫ 2 ln𝑥 𝑑𝑥, haciendo 𝑢 = ln 𝑥 y 𝑑𝑣 = 𝑑𝑥 entonces 𝑑𝑢 = 1 𝑥 𝑑𝑥 y 𝑣 = 𝑥. Sustituyendo, ∫2 ln 𝑥 𝑑𝑥 = 2𝑥𝑙𝑛 𝑥 − 2∫𝑑𝑥 = 2𝑥 ln𝑥 − 2𝑥 + 𝐶. Por lo tanto ∫(ln 𝑥)2𝑑𝑥 = 𝑥(ln𝑥)2 −∫2 ln 𝑥 𝑑𝑥 = 𝑥(ln𝑥)2 − 2𝑥𝑙𝑛 𝑥 + 2𝑥 + 𝐶 2.− ∫ sen(ln 𝑥)𝑑𝑥. Solución. Hacemos la sustitución 𝑢 = ln 𝑥, entonces 𝑑𝑢 = 1 𝑥 𝑑𝑥 y 𝑥 = 𝑒𝑢. De esta manera, ∫sen(ln 𝑥)𝑑𝑥 = ∫𝑒𝑢𝑠𝑒𝑛(𝑢)𝑑𝑢. Para esta integral resultante, podemos utilizar la siguiente fórmula ∫𝑒∝𝑣𝑠𝑒𝑛(𝛽𝑣)𝑑𝑣 = 𝑒𝑣{𝛼 𝑠𝑒𝑛(𝛽𝑣) − 𝛽𝑐𝑜𝑠(𝛽𝑣)} 𝛼2 + 𝛽2 . Al sustituir 𝛼 = 1 y 𝛽 = 1, nos queda ∫sen(ln 𝑥)𝑑𝑥 = ∫𝑒𝑢𝑠𝑒𝑛(𝑢)𝑑𝑢 = 1 2 𝑒𝑢{𝑠𝑒𝑛 𝑢 − cos 𝑢} + 𝐶 ; 𝑢 = ln 𝑥 = 𝑥 2 {𝑠𝑒𝑛 (ln 𝑥) − cos(ln 𝑥)} + 𝐶. 166 3.− ∫ 1 𝑥𝑙𝑛 𝑥 𝑑𝑥 Solución. Hacemos 𝑢 = ln 𝑥, entonces 𝑑𝑢 = 1 𝑥 𝑑𝑥 y al sustituir ∫ 1 𝑥𝑙𝑛 𝑥 𝑑𝑥 = ∫ 1 𝑢 𝑑𝑢 = ln|𝑢| + 𝐶 = ln|ln𝑥| + 𝐶 4.− ∫ 𝑙𝑛𝜃 𝜃 − 1 𝜃𝑥; 𝜃 > 1 1 0 . Solución. Hacemos 𝑢 = 𝜃𝑥 , entonces 𝑑𝑢 = 𝜃𝑥 ln 𝜃 𝑑𝑥. Sustituyendo nos queda ∫ 𝑙𝑛𝜃 𝜃 − 1 𝜃𝑥 = 1 𝜃 − 1 ∫ 𝑑𝑢 = [𝑢]0 1 1 0 1 0 = 1 167 Ecuaciones trigonométricas Encuentra las soluciones de las siguientes ecuaciones 𝟏.− 𝑠𝑒𝑛2𝑥 − 4𝑠𝑒𝑛 𝑥 + 1 = 0 Solución. Completamos el cuadrado en esta ecuación así 𝑠𝑒𝑛2𝑥 − 4𝑠𝑒𝑛 𝑥 + 4 = 3 (𝑠𝑒𝑛 𝑥 − 2)2 = 3 Ahora tomamos raíz cuadrada a ambos lados de esta última igualdad, con lo cual se obtiene 𝑠𝑒𝑛 𝑥 − 2 = ±√3. Para poder resolver esta ecuación buscamos los valores de 𝑥 ∈ [0,2𝜋] para los cuales { 𝑠𝑒𝑛 𝑥 = 2 + √3 ∗∗∗ (1) 𝑠𝑒𝑛 𝑥 = 2 − √3 ∗∗∗ (2) La ecuación (1) no tiene solución porque −1 ≤ 𝑠𝑒𝑛 𝑥 ≤ 1 para toda 𝑥 ∈ ℝ. Por otra parte, para la ecuación (2) se obtiene que 𝑥 = 𝑎𝑟𝑐 𝑠𝑒𝑛(2 − √3) ≈ 15𝑜. Como la función 𝑠𝑒𝑛 𝑥 tiene periodo 2𝜋, entonces podemos hallar todas las soluciones de estas ecuaciones al sumar múltiplos de 2𝜋 a las soluciones que están en el intervalo [0, 2𝜋]. Si 𝑠𝑒𝑛 𝑥 = 2 − √3, el ángulo de referencia es de 𝑥 = 𝜋 12 ó 𝑥 = 𝜋 − 𝜋 12 = 11 12 𝜋. Por lo tanto, las soluciones de la ecuación dada son las siguientes 𝑥 = 𝜋 12 + 2𝑛𝜋 ó 𝑥 = 11 12 𝜋 + 2𝑛𝜋; 𝑛 𝑒𝑛𝑡𝑒𝑟𝑜.
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