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6.7 Potenciales vectoriales 223 882 Consideremos la superficie M en R3 definida por las ecuaciones: z = x+ y, y2 ≤ x, x2 ≤ 2y. Sea el campo vectorial F(x, y, z) = (z, x, y) definido en todo R3. Calcula el flujo de F a través de M orientado hacia el exterior, (a) Directamente. (b) Mediante el teorema de Gauss. (c) Mediante el teorema de Stokes. 883 Hallar el flujo del campo F(x, y, z) = (z, x, y) a través de la superficie S dada por y = x2, 0 ≤ x ≤ 1, 0 ≤ z ≤ 1, directamente y mediante el Teorema de Stokes. 884 Denotemos por S el casquete de elipsoide{ 2(x− 1)2 + (y + 1)2 + z2 = 1, 1 ≤ 2 √ 2x ≤ 2 } y F(x, y, z) = (x, y,−2z). Calcula la integral I = ∫ S F usando de algún modo: (a) El teorema de la divergencia. (b) El teorema de Stokes. Solución 884: En primer lugar observamos que el campo F tiene divergencia nula. Si completamos el casquete dado con las dos tapas correspondientes a x = 1 2 √ 2 (S1) y x = 1√ 2 (S2) tenemos una superficie cerrada que encierra una parte sólida del elipsoide R. Luego 0 = ∫∫∫ R div F dV = ∫ S F + ∫ S1 F + ∫ S2 F. Como estas dos últimas integrales tienen normales unitarias exteriores (−1, 0, 0) y (1, 0, 0), respectivamente, sus integrales se calculan inmedia- tamente. En efecto∫ S1 F = ∫ S1 (−x) = − 1 2 √ 2 Área(S1) = − 1 2 √ 2 π (√ 2− 5 4 ) , pues S1 es el ćırculo en el plano x = 1 2 √ 2 , (y + 1)2 − z2 ≤ √ 2 − 54 . Del mismo modo,∫ S2 F = ∫ S2 x = 1√ 2 Área(S2) = 1√ 2 2π( √ 2− 1). 224 Capı́tulo 6 Análisis vectorial224 Capı́tulo 6 Análisis vectorial224 Capı́tulo 6 Análisis vectorial con S2 el ćırculo en el plano x = 1√ 2 , (y+1)2+z2 ≤ 2( √ 2−1) Finalmente∫ S F = π 16 ( 40− 21 √ 2 ) . Por otro lado, si G es un potencial vectorial para F, tendremos como en casos anteriores que ∫ S F = ∫ ∂S G, donde una elección ventajosa de G es (yz,−xz, 0). La frontera ∂S consta de dos curvas que son (y + 1)2 + z2 = √ 2− 5 4 , x = 1 2 √ 2 , y (y + 1)2 + z2 = 2( √ 2− 1), x = 1√ 2 . Los cálculos involucrados en resolver las integrales de G sobre estas dos curvas son estándar y se han realizado ya en algunas ocasiones. Dejamos al lector el comprobar que el resultado final coincide con el ya obtenido anteriormente. 885 Sea S la porción de la esfera x2 + y2 + z2 = 1 cortada por el cono z2 = 4x2 + (2y − 1)2, z ≥ 0, orientada con la normal exterior, y el campo F(x, y, z) = (0, 0, 1). Calcula el flujo de F a través de S directamente y mediante el teorema de Stokes. 886 Consideremos la superficie M = {(x, y, z) ∈ R3 : x2 + y2 = 1, y ≥ z ≥ 0} y el campo vectorial F (x, y, z) = (x, x,−z). Calcular el flujo de F a través de M , con orientación exterior: (a) Usando el Teorema de Gauss. (b) Usando el Teorema de Stokes. Solución 886: (a) La superficie S es la pared ciĺındrica limitada por y ≥ z ≥ 0, como puede verse en la Figura 67. Como no es una superficie cerrada necesitamos cerrarla para aplicar el Teorema de Gauss. Consideramos las superficies S1 y S2 correspondientes a las tapas (inferior y superior, respectivamente) que cierran S, y sea D el volumen encerrado por la unión de estas tres superficies. Entonces, si suponemos orientación exterior en cada una de las superficies, el Teorema de Gauss afirma que:∫ S F + ∫ S1 F + ∫ S2 F = ∫∫∫ D div F dV = 0, 6.7 Potenciales vectoriales 225 −1 0 1 0 0.5 1 0 0.5 1 Figura 67: Cuña ciĺındrica del Ejercicio 886 pues div F = 0, como se comprueba fácilmente. Por tanto, ∫ S F = − ∫ S1 F− ∫ S2 F. Puesto que S1 es una superficie plana, para calcular ∫ S1 F · dS usaremos ∫ S1 F ·N1, donde N1 es la normal unitaria exterior a S1. Dicho vector es N1 = (0, 0,−1), y entonces,∫ S1 (x, x,−z) · (0, 0,−1) = ∫ S1 z = 0 pues z = 0 sobre S1. Del mismo modo, puesto que S2 está sobre el plano y = z, su normal unitaria exterior es N2 = (0,− 1√2 , 1√ 2 ), luego∫ S2 (x, x,−z) · (0,− 1√ 2 , 1√ 2 ) = − 1√ 2 ∫ S2 (x+ z). Para calcular esta integral usamos una parametrización de S2, Φ(r, t) = (r cos t, r sen t, r sen t), t ∈ [0, π], r ∈ [0, 1]. El vector normal asociado a la parametrización es n(r, t) = (0,−r, r) y su norma vale √ 2r. Por tanto, − 1√ 2 ∫ S2 (x+ z) = − 1√ 2 ∫ 1 0 ∫ π 0 √ 2r2(cos t+ sen t) dt dr = −2 3 Conclusión ∫ S F = 2 3 .
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