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MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet GUÍA N° 1 FUERZAS Y MOMENTO EN EL PLANO Y EN EL ESPACIO 1. Calcular la fuerza resultante aplicada sobre el soporte producto de las fuerzas que se muestran en las figuras. a) R = (123,168; 13,82) |R| = 123,94 N = 6,402º b) R = (- 186,44; - 1628,46) R = 1639,09 N = 83,46º Solución. a) 𝐴 = (75 cos 50; −75 𝑠𝑒𝑛 50) = (48,209; −57,45) �⃗⃗� = (60 cos 35; 60 𝑠𝑒𝑛 35) = (49,149; 34,41) 𝐶 = (45 cos 55; 45 𝑠𝑒𝑛 55) = (25,81; 36,86) �⃗⃗� = (123,168; 13,82) 𝑅 = 123,94 𝛼 = 6,402 b) 𝐴 = (1200 𝑠𝑒𝑛60; −1200 cos 60) = (1039,23; −600) �⃗⃗� = (−1600 𝑠𝑒𝑛 50; −1600 cos 50) = (−1225,67; −1028,46) �⃗⃗� = (−186,44; −1628,46) 𝑅 = 1639,09 𝛼 = 83,46° 2) Cuatro fuerzas actúan sobre un perno A, como se muestra en la figura. Determinar la resultante de las fuerzas sobre el perno. R: º1,46,199 N MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución F1= (150 cos 30; 150 sen 30) = (129,903; 75) F2= (- 80 sen 20; 80 cos 20) = (- 27,36; 75,15) F3= (0; -110) F4= (100 cos 15; - 100 sen 15) = (96,59; - 25,88) �⃗⃗� = (199,133; 14,27) 𝑅 = 199,64 𝛼 = 4,098 3) El elemento CB de la prensa de banco mostrada en la figura ejerce, sobre el bloque B, una fuerza P dirigida a lo largo de la línea CB. Si la componente horizontal de P debe tener una magnitud de 269 lb. Determinar: a) la magnitud de la fuerza P; b) la magnitud de la fuerza Q R: P = 351,15 lb; Q = 451,43 lb Solución La fuerza P aplicada en B, se muestra en la figura. Al ser la componente Px= 269 lb y aplicando coseno de 40° se obtiene P cos 40° = 𝑃𝑥 𝑃 𝑃 = 351,15 𝑙𝑏𝑓 En el punto C, se aplica la fuerza Q y por simetría 2 fuerzas P aplicadas hacia arriba como se muestra aplicando sumatoria de fuerzas en eje Y ∑ 𝐹𝑦 = 0 −𝑄 + 𝑃𝑐𝑜𝑠 50 + 𝑃𝑐𝑜𝑠 50 = 0 Q = 451,42 lbf MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet 4) Para el sistema de fuerzas que se muestra en la figura, determinar la resultante considerando α = 40º R: º47,85,202 N Solución En este caso, es conveniente utilizar el sistema de referencia inclinado, como se muestra en la figura F1= (120 sen 40; - 120 cos 40) = (77,13,- 91,92) F2= (60; 0) F3= (80 cos 40; 80 sen40) = (61,28; 51,42) �⃗⃗� = (198,41; −40,5) 𝑅 = 202,5 𝛼 = −11,53° El ángulo obtenido está en relación al sistema de ejes perpendiculares inclinado. Al referirlo al sistema tradicional de ejes, se tiene que los 20° se debe restar el ángulo α obtenido, resultando φ = 20 -11,53 = 8,47 5) Un lanchón es arrastrado por dos remolcadores. Si la resultante de las fuerzas ejercidas por los remolcadores es una fuerza de 5000 lb dirigida a lo largo del eje del lanchón. Determine la tensión en cada una de las cuerdas, sabiendo que α = 45º. R: T1 = 3660,25 lb; T2 = 2588,19 lb. MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución La condición planteada es la siguiente Trasladando el vector FBC, a continuación del vector FAB, formando un triángulo de fuerzas, se tiene Por lo tanto, el triángulo de fuerzas queda configurado como se indica Aplicando teorema del seno 5000 𝑠𝑒𝑛 105 = 𝐹𝐴𝐵 𝑠𝑒𝑛 45 FAB= 3660,25 lb 5000 𝑠𝑒𝑛 105 = 𝐹𝐵𝐶 𝑠𝑒𝑛 30 FBC= 2588,19 lb 6) En la figura se representa el esquema de una grúa soportando un peso de 900 kp. El mástil AC tiene una longitud de 3 m y la barra AB tiene una longitud de 5 m, con una articulación en A y mantenida por el cable CB. Suponiendo que el peso de AB es despreciable, calcular la tensión T en el cable y la fuerza de compresión P en AB R: T = 1041,798 kp P = 1500 kp MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución En primer lugar, definir que en el punto B, se encuentran tres fuerzas aplicadas y se encuentran en equilibrio En triángulo de longitudes de la figura y asignando los lados “a” “b” y “c” y los ángulos α, β y γ se tiene Aplicando teorema del coseno 𝑐2 = 32 + 52 − 2 ∗ 3 ∗ 5 ∗ 𝑐𝑜𝑠43 c= 3,47 32 = 3,472 + 52 − 2 ∗ 3,47 ∗ 5 ∗ 𝑐𝑜𝑠𝛼 𝑐𝑜𝑠𝛼 = 32−3,472−52 −2∗3,47∗5 = 0,808 α= 36,089 Calculando β α + β + γ =180 β= 100,91 Construyendo el triángulo de fuerzas y trasladando los ángulos del triángulo de longitudes y aplicando teorema del seno, se tiene 900 𝑠𝑒𝑛 36,089 = 𝐹𝐶𝐵 𝑠𝑒𝑛 43 FAB= 1042,029 kp 900 𝑠𝑒𝑛 36,089 = 𝐹𝐴𝐵 𝑠𝑒𝑛 100,91 FBC= 1500,29 kp 7) Los extremos de una cuerda de 11 m de longitud se unen a dos ganchos colocados en un techo horizontal y separado entre sí. A los 4 m de uno de los extremos de la cuerda se une un peso de 100 kp. Calcular la tensión en los segmentos de la cuerda. R: T1 = 94,41 kp T2 = 69,56 kp MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución Considerando el triángulo de longitudes dado y calculando los ángulos interiores Aplicamos teorema del coseno 72 = 42 + 9 2 – 2*4*9*cosα α= 48,18 42 = 72 + 9 2 – 2*7*9*cosβ β= 25,20 conocidos 2 ángulos, el tercer ángulo se obtiene por la suma de ángulos del triángulo γ= 106,62 El triángulo de fuerzas, se construye a partir de la fuerza conocida, en este caso, la fuerza vertical de 100 kp, Se trazan líneas paralelas a las fuerzas por calcular en el inicio y término del vector de 100 kp, y se obtiene el triángulo de fuerzas de la figura De esta forma, el triángulo de fuerzas resulta Aplicando teorema del seno 100 𝑠𝑒𝑛 73,38 = 𝑇1 𝑠𝑒𝑛 41,82 𝑇1 = 69,58 𝑘𝑝 100 𝑠𝑒𝑛 73,38 = 𝑇2 𝑠𝑒𝑛 64,8 𝑇2 = 94,93 𝑘𝑝 8) La barra AC ejerce sobre la articulación C una fuerza dirigida a lo largo de la línea AC. Considerando un ángulo α = 50º. Determinar la magnitud de la fuerza y la tensión en el cable BC R: FAC = 169,69 lb; TBC = 347,73 lb MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución En este caso, se conocen los ángulos interiores del triángulo, calculando el tercer ángulo por diferencia respecto a los 180° Construyendo el triángulo de fuerzas a partir de la fuerza conocida, trazando paralelas al inicio y término del vector conocido, se tiene De esta forma, se obtiene el siguiente triángulo de fuerzas. Aplicando teorema del seno 400 𝑠𝑒𝑛 95 = 𝐹𝑎𝑐 𝑠𝑒𝑛 25 𝐹 𝑎𝑐 = 169,69 𝑙𝑏 400 𝑠𝑒𝑛 95 = 𝐹 𝑏𝑐 𝑠𝑒𝑛 60 𝐹 𝑏𝑐 = 347 73 lb 9) Una torre de transmisión se sostiene por medio de tres alambres anclados con pernos B, C y D. Si las tensiones en los alambres son: AB es 1500 N; AC es 1400 N; AD es de 1260 N. Determine las componentes de las fuerzas ejercidas por los alambre sobre los pernos colocado en B, C y D R: FAB = (285, 1428, - 357) FAC = (- 711,8; 1186,4; - 213,6) FAD = (200, 1000, 740) MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución Coordenadas A= (0; 20; 0) B= (-4; 0; 5) C= (12; 0; 3,6) D= (-4; 0: -14,8) La fuerza 𝐵𝐴⃗⃗⃗⃗ ⃗⃗ = 𝐴 − �⃗⃗� = (4; 20; −5) BA= 21 𝑏�̂� = (4; 20; −5 21 = (0,19; 0,95; −0,23) 𝐹𝐵𝐴⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗ = 1500 ∗ (0,19; 0,95; −0,23) = (285; 1425; −345) 𝐹𝐵𝐴⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗ = 1500 ∗ (4; 20; −5) 21 = (285,71; 1428,57; −357,14) La fuerza 𝐶𝐴⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐴 − 𝐶 = (−12; 20; −3,6) BA= 23,6 𝑏�̂� = (−12;20; −3,6 23,6 = (−0,5169; 0,8474; −0,1525) 𝐹𝐵𝐴⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗ = 1400 ∗ 𝑏�̂� = (−711,86; 1186,44; −213,55) La fuerza 𝐷𝐴⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ = 𝐴 − �⃗⃗⃗� = (4; 20; 14,8) BA= 25,2 𝑏�̂� = (4; 20; 14,8) 25,2 = (0,1587; 0,7936; 0,5873) 𝐹𝐵𝐴⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗ = 1260 ∗ 𝑏�̂� = (200; 1000; 740) 10) Dos cables BG y BH están unidos al marco ACD como se indica la figura. Si la tensión en el cable BG es de 450 N y en el cable BH es 360 N. Determine las componentes de la fuerza ejercida por los cables BG y BH sobre el marco en el punto B R: (- 80, 610, - 400) MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución Coordenadas de los puntos B= (1; 0; 1,5) G= (0; 1,85; 0,7) H= (1,75; 1,5; 0) Vector BG 𝐵𝐺⃗⃗⃗⃗ ⃗⃗ = �⃗� − �⃗⃗� = (−1; 1,85; −0,8) 𝑏�̂� = (−1; 1,85; −0,8) 2,25 𝐹𝐵𝐺⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 450 ∗ 𝑏�̂� = (−200; 370; −160) Vector BH 𝐵𝐻⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = �⃗⃗⃗� − �⃗⃗� = (0,75; 1,5: − 1,5) 𝑏ℎ̂ = (0,75; 1,5; −1,5) 2,25 𝐹𝐵𝐻⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗ = 360 ∗ 𝑏ℎ̂ = (120; 240; −240) Los dos vectores actúan en punto B, la resultante de estos 2 vectores es �⃗⃗� = (−80; 610; −400) 11) La barra OA soporta una carga P y está sostenida por dos cables, según se muestra en la figura. Si en cable AB la tensión es de 510 N y en cable AC es de 765 N. Determine la magnitud y dirección de la resultante de las fuerzas ejercidas en A por los dos cables. R: 1122 N; θx = 147,7º; θy = 61,6º; θz = 104,2º Solución Coordenadas de los puntos A= (600; 0; 0) B= (0; 360; 270) C= (0; 320; - 510) MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Vector AB 𝐴𝐵⃗⃗⃗⃗ ⃗⃗ = �⃗⃗� − 𝐴 = (−600; 360; 270) 𝑎�̂� = (−600; 360; 270) 750 𝐹𝐴𝐵⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗⃗ = 510 ∗ 𝑎�̂� = (−408; 244,8; 183,6) Vector AC 𝐴𝐶⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 𝐶 − 𝐴 = (−600; 320: − 510) 𝑎�̂� = (−600; 320: − 510) 850 𝐹𝐴𝐶⃗⃗ ⃗⃗ ⃗⃗⃗ = 765 ∗ 𝑎�̂� = (−540; 288; −459) Los dos vectores actúan en punto A, la resultante de estos 2 vectores es �⃗⃗� = (−948; 532,8; −275,4) 𝑅 = 1121,79 Aplicando los cosenos directores, se obtiene los ángulos directores cos 𝜃𝑥 = −948 1121,79 𝜃𝑥 = 147,68 cos 𝜃𝑦 = 532,8 1121,79 𝜃𝑦 = 61,64 cos 𝜃𝑧 = −275,4 1121,79 𝜃𝑧 = 104,21 12) Para enderezar el poste de sujeción CD se emplea un tensor. Si la tensión en el cable BC es 1040 N y d= 1,9 m. Calcular el momento respecto a D de la fuerza que ejerce el cable en C descomponiendo esa fuerza en sus componentes horizontal y vertical aplicadas en (a) en el punto C, (b) en el punto E R: a) 760 Nm b) 760 Nm MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución a) En primer lugar, es necesario descomponer la fuerza aplicada en el punto C, en sus componentes Fx y Fy. Para ello se debe calcular el ángulo α, el cual se calcula por 𝑡𝑔 𝛼 = 0,875 2,1 , dando como resultado α = 22,61 De esta forma, se tiene, Fx= 960 N Fy= 400 N Calculando el momento respecto al punto D, producto de las fuerzas Fx y Fy, se tiene MD= + 960* 0,875 - 400*0,2 = 760 Nm b) De la misma forma, se calcula el momento en el punto D, con la fuerza aplicada en E En este caso, el momento resultante es MD= 960*0 - 400*1,9 = - 760 Nm Nota: la componente Fx, no produce momento porque pasa por el punto donde se calcula el momento (punto D) 13) Una válvula de pedal de un sistema neumático está articulada en B. Si = 28º Calcular el momento respecto a B de la fuerza de 16 N: a. Descomponiéndola en sus componentes horizontal y vertical b. Descomponiendo la fuerza en sus componentes según la recta ABC y la perpendicular a ésta R: 1,27 Nm MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución El ejercicio se puede representar de la siguiente forma, donde el ángulo formado entre la fuerza de 16 N y la horizontal es 8°, producto de la diferencia entre el valor de α y 20° Calculando las componentes de la fuerza Fx = 16 cos 8 = 15,84 N Fy= 16 sen 8 = 2,23 N considerando el triángulo de la figura, para determinar las distancias “x” e “y” Aplicando funciones trigonométricas cos 20 = 𝑥 170 𝑥 = 159 75 sen 20 = 𝑦 170 𝑦 = 58,14 Calculando el momento de las Fx y Fy respecto al punto B y considerando los brazos perpendiculares se tiene ∑ 𝑀𝐵 = + 𝐹𝑥 ∗ 𝑦 + 𝐹𝑦 ∗ 𝑥 = 15,84 ∗ 58,14 + 2,23 ∗ 159,75 = 1277,18 𝑁 𝑚𝑚 = 1,27 𝑁𝑚 a) Determinando las componentes tangenciales y perpendiculares de la fuerza de 16 N F tang= 16 cos 28= 14,12 F perp= 16 sen 28= 7,51 Calculando el momento respecto a B ∑ 𝑀𝐵 = + 𝐹𝑡𝑎𝑛𝑔 ∗ 0 + 𝐹𝑝𝑒𝑟𝑝 ∗ 170 = 14,12 ∗ 0 + 7,51 ∗ 170 = 1276,7 𝑁 𝑚𝑚 = 1,27 𝑁𝑚 MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet 14) A una palanca de cambios de un automóvil, se le aplica una fuerza P de 40 N. Calcular: a. El momento de P respecto a B cuando es de 25º b. El módulo de la fuerza P más pequeña, que respecto a B tiene un momento de 26,25 Nm en sentido horario R: a) – 23,31 Nm b) 45,10 N Solución Descomponiendo la fuerza de 40 N en sus componentes, se tiene Fx= 40 cos 25 Fx= 36,25 N Fy= 40 sen 25 Fy= 16,904 N Por lo tanto, el momento en el punto B MB = - 36,25 * 0,55 – 16,904 * 0,2 MB= -23,31 Nm a) Para que la fuerza sea la más pequeña, está debe ser perpendicular al brazo. Por lo tanto, si el momento producido en B es – 26,25, se necesita calcular el brazo, que corresponde en este caso, a la hipotenusa del triángulo 𝑏𝑟𝑎𝑧𝑜 = √202 + 552 = 58,52 𝑚𝑚 = 0,58 𝑚𝑚 MB= F*brazo - 26,25 = - F *0,58 F= 45,25 N 15) Sobre la palanca se aplica una fuerza de 100 N, según la dirección que se indica. Determinar el momento que produce la fuerza F sobre el punto O F = 100 N a = 50 mm b = 300 mm θ = 30º φ = 60º R: -19,329 Nm MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Solución En primer lugar, descomponer la fuerza en Fx y Fy Fx= 100 * cos 30° = 86,6 N Fy= 100 sen 30° = 50 N Utilizando el siguiente triángulo, para calcular las distancias “x” e “y” cos 60 = 𝑥 300 𝑥 = 150 𝑚𝑚 𝑠𝑒𝑛 60 = 𝑦 300 𝑦 = 259,807 𝑚𝑚 Calculando el momento respecto al punto O, se tiene MO= - 86,6 * (50 + 259,807) + 50 * 150 = - 19329,28 Nmm = -19,329 Nm 16) El portón trasero de un automóvil está soportado por un freno hidráulico BC. Si este ejerce una fuerza de 625 N, dirigida según su eje geométrico, sobre la rótula B. Calcular el momento de esa fuerza respecto a A para cada figura R: 174,052 Nm y 191,7 Nm Solución a) En el caso de la figura (a) y simplificando el esquema, se tiene MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet Calculando α se tiene 𝑡𝑔 𝛼 = 0,06 0,30 𝛼 = 11,309 Determinando las componentes de la fuerza Fx= 625 cos α = 612,86 N Fy= 625 sen α= 122,56 N Calculando el momento en el punto A MA = + 612,86*(0,30+0,06) – 122,56*0,38 MA= 174,056 Nm b) De la misma forma, para la situación (b) Calculando α se tiene 𝑡𝑔 𝛼 = 0,19 0,43 𝛼 = 23,83 Determinando las componentes de la fuerza Fx= 625 cos α = 571,17 N Fy= 625 sen α= 252,51 N Calculando el momento en el punto A MA = + 571,71*0,11 + 252,51*0,51 MA= 191,66 Nm 17) La biela AB ejerce sobre la manivela BCuna fuerza de 2,5 KN dirigida hacia abajo y hacia el lado izquierdo a lo largo de la línea central de AB. Determine el momento de esa fuerza respecto a C en las dos situaciones mostradas en las figuras R: 140 Nm; 140 Nm MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet 18) Una tabla de madera AB, utilizada como puntal provisional de un tejadillo, ejerce en el punto A del mismo una fuerza de 285 N. Hallar el momento de esa fuerza respecto a C R: -197,28 i +37,31 j + 269,27 k 19) La rampa ABCD está sujeta mediante los cables DE (200 N) y CG (200 N) en las esquinas C y D. Hallar el momento respecto a A de la fuerza que el cable ejerce en (a) en D, (b) en C R: MD= (-306,6; 0; -60,093) MC= (-306,6; 360; 457,3) MECÁNICA ESTÁTICA Carlos Urra Simonet 20) La llave de la figura, se utiliza para soltar un perno ubicado en el origen del sistema de coordenadas. Si la fuerza aplicada por la mano es de 80 N, según la dirección que se muestra. Determinar el momento que se produce en el perno. a = 300 mm b = 500 mm F = 80 N θ1 = 30º θ2 = 45º R: 5,31 i - 14,69 j + 24,49 k 21) La pluma de la figura sostiene una plancha como se indica en la figura. Determinar el momento que produce: a. La fuerza FBA aplicada en el punto B respecto al punto D b. La fuerza FCA aplicada en el punto C respecto al origen FBA = 350 lb FCA = 500 lb FDA = 400 lb a = 3 ft b = 3 ft c = 6 ft d = 14 ft e = 3 ft f = 3 ft g = 2 ft R: a) -3667,8 i - 916,65 j - 916,95 k b) 1435,53 i + 1435,53 j
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