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3 GEOMETRÍA Finalmente, el plano que contiene a ℓ y Q tiene por vectores directores al vector de ℓ y a −−→ PQ, donde P es un punto de ℓ. Tomando P = (3, 0, 4) tenemos −−→ PQ = (−5, 0,−2), que podemos cambiar por su opuesto, y por tanto la ecuación impĺıcita del plano es 0 = ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ 2 5 x+ 2 −1 0 y 3 2 z − 2 ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ o sea − 2x+ 11y + 5z = 14 Alternativa: El producto vectorial (2, 1,−1)× (4,−1,−3) = (−4, 2,−6) es un vector director de ℓ, que podemos cambiar por (2,−1, 3) para obtener ℓ′, π′ y Q como antes. Entonces se consideran todos los planos que contienen a ℓ, que son de la forma (haz de planos) α(2x+ y − z − 2) + β(4x− y − 3z) = 0 El que contiene a Q debe satisfacer (sustituyendo Q) −8α − 14β = 0, por lo que podemos tomar α = 7 y β = −4, obteniendo aśı el plano −2x+ 11y + 5z = 14. o 28. Encuentra las ecuaciones del plano de R3 que pasa por P = (1, 1,−1) y es perpendicular a la recta (x, y, z) = (−1, 6, 4) + λ(3, 2, 1). Solución: Ser perpendicular a una recta significa ser perpendicular a su vector director, luego nues- tro plano es perpendicular a (3, 2, 1) y por tanto su ecuación general es de la forma 3x+ 2y + z = D . Como debe pasar por P se tiene D = 4 y aśı el plano es 3x+ 2y + z = 4. o 29. Se consideran los puntos de R3 de coordenadas A = (1, 2, 1) B = (−1, 1, 1) C = (0, 1, 2) D = (3, 1,−1) Calcula el área del triángulo de vértices A, B y C, la ecuación del plano que contiene a ese triángulo y la distancia del punto D a ese plano. Solución: Consideremos el paralelogramo P que determinan −−→ AB = (−2,−1, 0) y−→AC = (−1,−1, 1). El área de P es el doble que la del triángulo pedido T , y por otra parte es el módulo del producto vectorial de esos vectores, que se calcula del modo usual y vale √ 6. Por tanto el área de T vale√ 6/2. El plano pedido es el que pasa por A y contiene a esos vectores, luego su ecuación general es 0 = ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ x− 1 y − 2 z − 1 −2 −1 0 −1 −1 1 ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ ∣ = −(x− 1) + 2(y − 2) + (z − 1) = −x+ 2y + z − 4 y la distancia de D a ese plano vale | − 3 + 2− 1− 4|√ 1 + 4 + 1 = 6√ 6 = √ 6. o Matemáticas de 1 , problemas 91 Alberto del Valle Robles 3 GEOMETRÍA 30. En el espacio R3, se considera la recta que pasa por el punto (1, 2, 7) y es perpendicular al plano de ecuación 2x+y−3z = 5. Calcular el punto de intersección de esa recta con el plano 3x+2y+4z = 23. Solución: Como el vector (A,B,C) es perpendicular al plano Ax + By + Cz = D, la recta considerada tiene por vector director a (2, 1,−3), y sus puntos tienen por tanto la forma (x, y, z) = (1 + 2t, 2 + t, 7− 3t). Un punto aśı está en el otro plano si satisface su ecuación, o sea si 23 = 3(1 + 2t) + 2(2 + t) + 4(7− 3t) = 35− 4t ⇒ 4t = 12 ⇒ t = 3 y por tanto el punto pedido es (7, 5,−2). o 31. En R3 se pide, dados el punto Q = (4, 2, 7) y la recta ℓ de ecuaciones { x+ y − 4z = −4 x+ 2y − 6z = −7 } : a) Calcula unas ecuaciones paramétricas de ℓ. b) Calcula unas ecuaciones paramétricas de la recta paralela a ℓ por Q. c) Calcula una ecuación impĺıcita del plano perpendicular a ℓ por Q. d) Encuentra un punto R de ℓ tal que la recta que une R y Q sea perpendicular a ℓ. Solución: Para obtener unas paramétricas resolvemos en función de un parámetro: ( 1 1 −4 −4 1 2 −6 −7 ) → ( 1 1 −4 −4 0 1 −2 −3 ) → ( 1 0 −2 −1 0 1 −2 −3 ) Tomando z = α tenemos x y z = 2α− 1 2α− 3 α , o sea x y z = −1 −3 0 + α 2 2 1 . La paralela por Q se obtiene sin más que cambiar el punto por Q: x y z = 4 2 7 + α 2 2 1 . Los planos perpendiculares a ℓ son de la forma 2x + 2y + z = D, y el que pasa por Q es el que satisface D = 2 · 4 + 2 · 2 + 7 = 19, o sea 2x+ 2y + z = 19. Se trata de encontrar un punto de ℓ, que tendrá coordenadas R = (2α − 1 , 2α − 3 , α), tal que el vector −−→ QR = (2α − 5 , 2α − 5 , α − 7) sea perpendicular a (2, 2, 1). Por tanto el producto escalar debe ser nulo, o sea 0 = −−→ QR · (2, 2, 1) = (4α− 10) + (4α− 10) + (α− 7) = 9α− 27 Por tanto el valor adecuado es α = 3 y el punto es R = (5, 3, 3). o Matemáticas de 1 , problemas 92 Alberto del Valle Robles 3 GEOMETRÍA 32. En R3 se pide, dados el punto Q = (2, 4, 1) y la recta ℓ de ecuaciones { x− 4y + z = −4 2x− 6y + z = −7 } : a) Calcula unas ecuaciones paramétricas de ℓ. b) Calcula unas ecuaciones paramétricas de la recta paralela a ℓ por Q. c) Calcula una ecuación impĺıcita del plano perpendicular a ℓ por Q. d) Encuentra un punto R de ℓ tal que la recta que une R y Q sea perpendicular a ℓ. Solución: Para obtener unas paramétricas resolvemos en función de un parámetro: ( 1 −4 1 −4 2 −6 1 −7 ) → ( 1 −4 1 −4 0 2 −1 1 ) → ( 1 −2 0 −3 0 −2 1 −1 ) Tomando y = α tenemos x y z = 2α− 3 α 2α− 1 , o sea x y z = −3 0 −1 + α 2 1 2 . La paralela por Q se obtiene sin más que cambiar el punto por Q: x y z = 2 4 1 + α 2 1 2 . Los planos perpendiculares a ℓ son de la forma 2x + y + 2z = D, y el que pasa por Q es el que satisface D = 2 · 2 + 4 + 2 · 1 = 10, o sea 2x+ y + 2z = 10. Se trata de encontrar un punto de ℓ, que tendrá coordenadas R = (2α − 3 , α , 2α − 1), tal que el vector −−→ QR = (2α − 5 , α − 4 , 2α − 2) sea perpendicular a (2, 1, 2). Por tanto el producto escalar debe ser nulo, o sea 0 = −−→ QR · (2, 1, 2) = (4α− 10) + (α− 4) + (2α− 4) = 9α− 18 Por tanto el valor adecuado es α = 2 y el punto es R = (1, 2, 3). o 33. En R3 se considera la recta ℓ de ecuaciones impĺıcitas { 3x− 2y + 7z = 8 5x+ y + 3z = 9 } , y se pide dar: a) Unas ecuaciones impĺıcitas de la recta paralela a ℓ que pasa por Q = (3, 4, 5). b) Un vector director de ℓ que tenga longitud 1. c) La ecuación impĺıcita del plano perpendicular a ℓ que pasa por Q. d) Unas ecuaciones paramétricas del plano que contiene a la recta ℓ y al punto R = (2, 2, 2). Solución: (a) Basta con mantener los coeficientes de las incógnitas, para tener paralelismo, y poner como términos independientes los valores obtenidos al sustituir Q = (3, 4, 5) en las incógnitas (x, y, z), para que pase por Q. Se obtiene { 3x− 2y + 7z = 36 5x+ y + 3z = 34 } . (b) Para obtener un vector director se puede por ejemplo resolver el sistema homogéneo ( 3 −2 7 5 1 3 ) → ( 13 0 13 5 1 3 ) → ( 1 0 1 5 1 3 ) → ( 1 0 1 0 1 −2 ) x y z = α −1 2 1 Matemáticas de 1 , problemas 93 Alberto del Valle Robles
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