tema 4 segundo parcial 2019 (2)

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El caracol común de jardín (Helix aspersa) es una especie de molusco pulmonado de vida terrestre. Este caracol es una 
plaga de los cultivos y puede provocar graves pérdidas económicas; el uso de plaguicidas para su control tiene efectos 
perjudiciales sobre el medio ambiente y sobre la salud humana. Posee 11 pares de autosomas y un par sexual. Al igual 
que todo ser vivo, sus células realizan innumerables procesos metabólicos. A continuación analizaremos alguno de estos 
procesos 
1-a. El siguiente esquema representa uno de los procesos que ocurre en las células del caracol. Este proceso genético está 
involucrado en la síntesis de una enzima de la respiración celular. 
 
Nombre de la molécula A: ARNm inmaduro………………. 
Nombre de la molécula B: ……ARN mensajero maduro 
Este proceso implica la remoción de los……intrones………… 
(Completa y correcta: 0,50 puntos) 
.El extremo 2 sufre una modificación denominada…… 
.poliadenilación (agregado de cola poli A… 
Este proceso ocurre en células …………Eucariotas……….. 
 
(Completa y correcta 0,25) 
1-b. La molécula B obtenida en el proceso anterior participa en otro proceso relacionado con la síntesis de tubulina. Responda 
las siguientes preguntas. (Completa y correcta 0,50 puntos) 
¿Cómo se denomina la secuencia de 3 nucleótidos que se encuentra en el ARNm?......codón ………………………… 
¿Qué codifica esta secuencia?..........un aminoácido……………………... 
¿Con qué molécula interactúa esa secuencia?...........ARNt………………………. 
1-c.Escriba la secuencia de aminoácidos teniendo en cuenta la información del código genético del recuadro (Completa y 
correcta 0,75 puntos) 
 5´AUAUUAAUGAAUAUGAGAAUGUGACCUGAA 3´ 
 UGA = stop / AAU= asparagina /AUA=Isoleucina / AAU= asparagina / AUG = metionina /AGA = arginina / 
} GAA= glutámico / CCU= prolina / UUA= leucina 
Secuencia de aminoácidos del péptido……metionina- asparagina .-metionina- arginina- metionina … 
Cuáles son los anticodones necesarios para sintetizar este péptido ……UAC- UUA-UCU-UAC- GGA- …… 
 
2-a.El ciclo celular de las células del caracol, al igual que el resto de los organismos, consta de una serie de etapas que ocurren 
de manera consecutiva. Para avanzar en dicho ciclo es necesaria la presencia de complejos proteicos. (Completa y correcta 0,5 
puntos) 
Mencione algún complejo que regula el ciclo celular …FPM Este factor regula el avance de la etapa G2 a M. Permite que se 
inicien los eventos que desencadenan la profase / FPS regula el avance de la etapa G1 a S permite que se duplique el ADN 
Etapa en la que actúa…………En G2…/ en G1………………………… 
 2-b. Como mencionamos en la introducción, las células de un individuo de esta especie presentan once pares de autosomas y un 
par sexual. Teniendo en cuenta esto, complete el cuadro. (Cada hilera horizontal completa y correcta 0,25 puntos) 
 
Tipo de célula Haploide/Diploide Cantidad total de 
moléculas de ADN 
Número de pares de homólogos 
Germinal de un macho en G2 2n (diploide) 48 12 
Espermatocito II en metafase II n (haploide) 24 ninguno 
Espermatozoide n(haploide 12 ninguno 
Espermatogonia en G1 2n(diploide) 24 12 
 
 
MATERIA 
Biología 2019 
 
Recuperatorio 
 2P1C 2019 
APELLIDO: SOBRE Nº: 
NOMBRES: 
 
Duración del examen: 1.30hs 
DNI/CI/LC/LE/PAS. Nº: CALIFICACIÓN: 
 
Apellido del evaluador: 
3- Lean atentamente el siguiente texto y subrayen los errores. Una vez finalizado, transcriban en las líneas de puntos solo los 
conceptos o procesos correctos. (Completa y correcta: 1,5 puntos) 
 Las mutaciones son cambios azarosos realizados en el ARN. Todas las mutaciones son materia prima para la 
evolución: ya que el ADN está presente en todas las células de nuestro cuerpo y las mutaciones se dan tanto en las 
células sexuales (espermatozoides y óvulos) como en las somáticas y se transmiten a la descendencia. Se pueden generar 
mutaciones beneficiosas o desfavorables de acuerdo con la necesidad de los organismos. 
…..Respuesta: 1- Las mutaciones son cambios azarosos realizados en el ADN. 
 2- No todas las mutaciones son materia prima para la evolución 
 3- sólo las mutaciones que se dan en las células sexuales 
 4- . No se pueden generar mutaciones beneficiosas o desfavorables de acuerdo con la necesidad de los organismos. 
Responda las siguientes preguntas colocando una X en la respuesta correcta (una sola). (Cada respuesta correcta vale 0,25 
puntos)
1- ¿Qué componentes espera encontrar dentro del núcleo? 
a- ADN circular y ARN Incorrecto, el núcleo es la 
característica distintiva de las células eucariotas por lo tanto 
dentro del núcleo encontraremos ADN lineal no hay ADN 
circular en el núcleo. Además encontraremos ARN y proteínas 
como las histonas, factores de transcripción, etc. 
b- ADN lineal y ARN. Incorrecto, ver ítem a 
c- ADN lineal y proteínas. Incorrecto, ver ítem a 
d- ADN lineal, ARN y proteínas. Correcto, ver ítem a 
 
2-Un cromosoma eucariota posee en G1: 
a. 2 telómeros. Correcto, en G1 los cromosomas están 
formados una sola molécula de ADN por lo que presenta solo 
dos telómeros (Cada uno de los extremos de esa molécula) 
b. 4 moléculas de ADN idénticas. Incorrecto, un cromosoma 
en G1 está formado por una cromátide presenta 1 molécula 
c. 2 moléculas de ADN distintas. Incorrecto, ver ítem b 
d. 4 telómeros. Incorrecto, ver ítem a. 
 
3- ¿Cuál de los siguientes desórdenes genéticos se pueden 
detectar mediante el análisis del cariotipo del individuo? 
a. Enfermedades autosómicas recesivas. Incorrecto, mediante 
el cariotipo no se puede determinar la dominancia o 
recesividad de una enfermedad. 
b. Monosomías cromosómicas. Correcto, las alteraciones en el 
número cromosómico se detectan mediante este estudio 
c. Delección de un nucleótido. Incorrecto, la delección de un 
nucleótido no se detecta tampoco por medio del cariotipo, ya 
que no hay alteración de la forma o tamaño del cromosoma 
d. Mutaciones génicas. Incorrecto, la alteración de uno o más 
nucleótidos de un gen no se verá en el análisis del cariotipo. 
 
4- Si analizamos la composición de nucleótidos de una 
molécula de ADN encontraremos: 
a. G + C = T + A. Incorrecto, la cantidad de pares de bases AT 
no es igual al de GC. 
b. A=C. Incorrecto, la composición de A= T y la de G=C ya 
que son complementarias entre sí. 
c. A=G y C=T . Incorrecto, ver ítem a 
d. G + T = C + A. Correcto, Como la cantidad de A= T y G=C, 
la suma G+T = A+C 
 
5-¿Cuál de las siguientes afirmaciones acerca de las histonas 
es correcta?: 
a. Cada nucleosoma está formado por histonas H2,H3 yH4. 
Correcto, ver ítem b 
b. Cada nucleosoma presenta dos moléculas de histona 1. 
Incorrecto, el nucleosoma está formado por la asociación de 2 
moléculas de histona 2 A, 2 de histona 2B, dos de histona 3 y 
dos de histona 4, la histona 1 se une por encima del 
nucleosoma y el ADN se compacta en forma de solenoide. 
c. Las histonas solo se encuentran asociadas al ADN en las 
células eucariotas animales. Incorrecto, el ADN eucariota 
siempre está asociado a histonas, 
d. Cada nucleosoma está formado por una molécula de cada 
tipo de histona. Incorrecto, ver ítem a. 
 
6- Si en una célula se produce una mutación que consiste en la 
adición de un nucleótido luego del codón UAA: 
a. La traducción de ese gen produce una proteína idéntica a la 
del gen sin mutar. Correcto, al agregar un nucleótido luego del 
codón de terminación, no se produce ningún cambio en la 
proteína ya que lo que esté después del codón de terminación 
no se expresa. 
b. Se traduce en una proteína distinta ya que hay un 
corrimiento del marco de lectura de ese gen. Incorrecto, sise 
agrega un nucleótido luego del stop no se produce un 
corrimiento, ver ítem a 
c. Se traduce en una proteína diferente pero no se afecta el 
marco de lectura. Incorrecto, ver ítem a. 
d. La traducción de ese gen produce una proteína parecida pero 
con menos aminoácidos a la del gen. Incorrecto, ver ítem a. 
 
7 - El ARNm bacteriano y el ARNm eucarionte inmaduro 
tienen en común: 
a. La presencia de intrones y exones. Incorrecto, los ARN 
bacterianos no poseen intrones ya que toda la secuencia 
transcripta se traduce y los ARN eucariotas inmaduros si los 
poseen. 
b. La presencia de codones de inicio y de terminación. 
Correcto, los codones de inicio y de terminación o stop son los 
mismos en todos los seres vivos (el código genético es 
universal 
c. Se unen al ribosoma por el extremo 3´ Incorrecto, se unen 
por el extremo 5 .́ 
d. Se leen en sentido 3 ́a 5 .́ Incorrecto, los ARNm de ambos 
se leen de 5´a 3´. 
 
8-El proceso de traducción: 
a. Requiere como sustratos ATP, CTP, GTP y UTP y ocurre en 
el núcleo de las células eucariotas. Incorrecto, son sustratos de 
la transcripción, el proceso de traducción ocurre en el 
citoplasma en todas las células. 
b. Requiere la activación previa de los nucleótidos. Incorrecto, 
los nucleótidos no se activan, son los aminoácidos los que se 
unen al ARNt previamente para que ocurra la síntesis de la 
proteína, 
c. Es post-transcripcional en eucariontes. Correcto, la 
transcripción y la traducción en eucariotas ocurren en 
momentos y lugares distintos. La transcripción ocurre en el 
núcleo, luego los ARNm sufren la maduración y después de 
madurar salen al citoplasma que es donde ocurre la traducción 
d. Es catalizado por la enzima ARN polimerasa. La ARN 
polimerasa interviene en la transcripción, no en la traducción 
 
9-Los codones UCU y UCC codifican para el aminoácido 
serina significa que el código genético: 
a. Es redundante. Correcto, es redundante o degenerado porque 
existen varios codones que codifican para el mismo 
aminoácido. 
b. No es redundante. Incorrecta, es redundante porque varios 
codones distintos pueden codificar un mismo aminoácido 
c. Es universal. Incorrecto, es universal porque es el mismo 
para todos los seres vivos, es decir, porque los codones 
codifican para los mismos aminoácidos en todos los seres 
vivos 
d. No es solapado. Incorrecto, la característica enunciada hace 
referencia a la redundancia, sin embargo el código genético no 
es solapado ya que se van leyendo los codones 
individualmente. 
 
10- La llegada del codón UGA al sitio A del ribosoma inicia la 
etapa de: 
a. Terminación. Correcta, ver ítem b 
b. Iniciación. Incorrecta, la llegada del codón UGA (codón 
stop) determina el inicio de la etapa de terminación ya que 
para este codón no hay un ARNt, por lo tanto este codón es 
reconocido por los factores de terminación que permiten la 
liberación del péptido y la separación de las subunidades 
ribosómicas. 
c. Elongación. Incorrecto, ver ítem a. 
d. Activación. Incorrecta, ver opción a. 
 
11- La secuencia correcta de etapas de la mitosis es: 
a. Profase, anafase metafase y telofase. Incorrecto, La 
secuencia correcta es profase, metafase, anafase y telofase 
b. Metafase, profase, anafase y telofase. Correcto, ver ítem . 
c. Telofase, profase, anafase y metafase. Incorrecto, ver ítem 
a. 
d. Profase, telofase, metafase y anafase . Incorrecto, ver ítem 
a. 
Se considerará correcta a los q escribieron la secuencia 
correcta según le indicó el docente en el aula 
profase, metafase, anafase y telofase 
12- La enzima ADN polimerasa lee este fragmento de ADN 
3´TTAAGGCCAATT5´, por lo tanto se obtendrá: 
 a. 5´AATTCCGGTTAA 3´. Correcto, ver ítem b. 
 b. 5´TTAAGGCCAATTG3 .́ Incorrecto, la ADN polimerasa 
sintetiza una cadena de ADN complementaria y antiparalela al 
molde de ADN 
 c. 5´AAUUCCGGUUAA 3 .́ Incorrecto, la enzima ADN 
polimerasa sintetiza cadenas de ADN, que no tienen U 
 d. 5´AAUUGGCCAATTG 3 .́ Incorrecto ver ítem c. 
 
13- En una horquilla de replicación en procariotas: 
 a. Las dos hebras hijas se replican en forma continua. 
Incorrecto, una cadena está bien orientada con respecto al 
avance de las enzimas por lo tanto se sintetiza de manera 
continua (hebra adelantada) la otra se sintetiza en fragmentos 
por lo que queda rezagada. 
 b. La hebra guía se replica en dirección 3'-->5' Ninguna de las 
hebras se sintetiza en sentido 3´a 5 ́ya que la ADN polimerasa 
sintetiza de 5´a 3 .́. 
 c. Sólo se replica una de las hebras, que recibe el nombre de 
hebra codificadora o molde. Incorrecto, en la duplicación se 
utilizan como moldes ambas cadenas por lo que se sintetizan 
dos hebras nuevas cada una a partir de una de las hebras 
originales. 
d. Una hebra se sintetiza en forma fragmentada mientras que la 
otra lo hace en forma continua. Correcta, la hebra rezagada es 
la que está mal orientada con respecto al avance de las enzimas 
de la duplicación, por eso no se sintetiza en forma continua 
 
14- La duplicación del ADN en eucariotas es bidireccional 
ya que: 
a. Cada hebra nueva se sintetiza en direcciones opuestas. 
Incorrecta, la duplicación del ADN es bidireccional ya que 
a partir de un ORI se abren dos horquillas de replicación 
cada una de las cuales avanza en direcciones opuestas 
b. La ADN polimerasa lee el molde de 5´a 3´y el antimolde 
de 3´a 5 .́ Incorrecto, la ADN polimerasa siempre lee las 
hebras en sentido 3´a 5 .́ 
c. Hay dos conjuntos de enzimas que avanzan en 
direcciones opuestas partiendo desde los extremos del 
cromosoma. Incorrecto, ver ítem a 
d. Hay dos conjuntos de enzimas que avanzan en 
direcciones opuestas desde un ORI. Correcto ver ítem a. 
 
15. La etapa de la división celular en donde observamos la 
separación al azar de los cromosomas homólogos es: 
a-Anafase mitótica. Incorrecta, el crossing over ocurre 
exclusivamente en la profase I de la meiosis I 
b-Metafase I de meiosis I. Incorrecto, ver ítem a 
c-Anafase I de meiosis I. Correcta, ver ítem a 
d-Metafase de mitosis o de meiosis II. Incorrecta, ver ítem a 
 
16. Al comenzar la profase II de la meiosis II la dotación 
cromosómica de cada célula hija será: 
a. Diploide con cromosomas formados por una sola cromátide. 
Incorrecto, al finalizar la meiosis I las células hijas son 
haploides ya que la meiosis I es reduccional, pero los 
cromosomas están formados por dos cromátides. 
b. Diploide con cromosomas formados por dos cromátides. 
Incorrecto, ver ítem a. 
c. Haploide con cromosomas formados por una sola cromátide. 
Incorrecto, ver ítem a. 
d. Haploide con cromosomas formados por dos cromátides. 
Correcto, ver ítem a. 
 
17- La variabilidad genética de las gametas es consecuencia 
de: 
a. La fecundación al azar de las gametas, crossing over y el 
apareamiento de homólogos. Incorrecto, la fecundación de las 
gametas al azar genera variabilidad entre los descendientes de 
una pareja no entre las gametas que produce cada individuo, lo 
que permite la variabilidad genética es que durante la profase I 
ocurre el crossing over o entrecruzamiento por medio del cual 
la información genética se recombina, luego los cromosomas 
homólogos recombinados se separan al azar en anafase I y 
luego se separan las cromátides al azar en anafase II 
b. La separación al azar de los homólogos en anafase I y la 
separación de cromátides en anafase II y el entrecruzamiento. 
Correcto, ver ítem a 
c. El apareamiento de homólogos , la migración al azar en 
anafase I y la fecundación de las gametas. Incorrecto, ver ítem 
a. 
d. El apareamiento de homólogos, la separación al azar de los 
homólogos en la mitosis y la recombinación de las gametas. 
Incorrecto, ver ítem a. 
 
18-Al cruzar un macho homocigota azul con una hembra 
homocigota blanca, el 100% de la descendencia es azul y 
blanco. Esto nos permite afirmar que se trata de un caso 
de……………. y elfenotipo de la descendencia es………… 
a. Herencia ligada al sexo/ homocigota. Incorrecto, la herencia 
ligada al sexo hace referencia a la herencia de rasgos presentes 
en la porción heteróloga del par sexual, por lo que la 
descendencia presenta distintas proporciones según el sexo de 
la descendencia. En este caso se trata de codominancia en 
donde los alelos se expresan en forma completa de modo que 
la descendencia es heterocigota y manifiesta el fenotipo de 
ambos progenitores. 
b. Primera ley de Mendel/ homocigota dominante. Incorrecto, 
si fuese herencia mendeliana la descendencia presentaría el 
rasgo dominante 
c. Codominancia / heterocigota. Correcto, en la codominancia 
se expresan ambos rasgos totalmente por lo que el individuo 
heterocigota presenta ambas características 
d. Dominancia incompleta/ heterocigota. Incorrecto, ver ítem a 
19-Una mujer de grupo A tiene dos hijos con un hombre de 
grupo B. El primer hijo es de grupo 0 y el segundo del grupo 
A, por lo tanto los genotipos de la mujer, el hombre, el primer 
hijo y el segundo respectivamente son: 
 
El fenotipo de la mujer es A, por lo tanto como A es 
dominante puede ser AA o A0, como tiene un hijo del grupo 0, 
para que el hijo sea 0 debe haber recibido un alelo de cada 
progenitor, por lo que la mujer es A0 y producirá gametas A y 
0 
El hombre es de grupo B, como el primer hijo es de grupo 0, 
esto significa que recibió un alelo 0 de la madre y otro del 
padre, por lo que el hombre debe ser heterocigota B0 y 
producirá gametas B y gametas 0 
 
 A 0 
B AB B0 
0 A0 00 
 Esto significa que esta pareja tiene el 25% de tener hijos A0 
25% 00, 25% B0 y 25% AB. En este caso los genotipos serán: 
00, A0, 00 y A0 
a. AA/Bb/00/Ab. Incorrecto. 
b. a0/Ba/ a0/ aa. Incorrecto. 
c. B0/ A0/ 00 / AA. Incorrecto 
d. A0/ B0/00 / A0. Correcto 
 20- La capacidad de enrollar la lengua en “U” se debe a un 
alelo dominante. Una mujer que no puede enrollar la lengua en 
U, tiene hijos con un hombre heterocigota. ¿Qué 
probabilidades hay de que los hijos no puedan enrollar la 
lengua en “U”? 
 La mujer es homocigota recesiva aa. El hombre es 
heterocigota Aa 
 a a 
A Aa Aa 
a aa aa 
 Esto significa que tienen un 50% de tener un hijo que no 
pueda enrollar la lengua 
a. 25% Incorrecta 
b. 50% Correcta 
c. 75% Incorrecta 
d. 100% Incorrecta