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EJERCICIOS RESUELTOS DE ÁLGEBRA LINEAL MANUEL IGLESIAS CEREZAL EJERCICIOS RESUELTOS DE ALGEBRA LINEAL Manuel Iglesias Cerezal Servicio de Publicaciones Universidad de Cádiz Universidad de SEVILLA 2001 Iglesias Cerezal, Manuel Ejercicios resueltos de álgebra lineal / Manuel Iglesias Cerezal. - Cádiz: Servicio de Publicaciones de la Universidad; Sevilla: Secretariado de Publicaciones de la Universidad, 2001. ISBN 84-7786-943-X 1. Algebra lineal - Problemas resueltos. I. Universidad de Cádiz. Servicio de Publicaciones, ed. II. Universidad de Sevilla. Secretariado de Publicaciones IH. Título. 512.64(076) Catálogo de Publicaciones del Secretariado de la Universidad de Sevilla. Serie: Ciencias. N.° 64 © Manuel Iglesias Cerezal Edita: Servicio de Publicaciones de la Universidad de Cádiz Secretariado de Publicaciones. Universidad de Sevilla. 2001 Fotocomposición: Consegraf Diseño: Creasur I.S.B.N.: 84-7786-943-X Depósito Legal: CA-835/01 Imprime: Minerva. Artes Gráficas Indice General PRÓLOGO 5 1 Matrices 7 2 Determinantes y sistemas 23 3 Formas reducidas 53 4 Espacios vectoriales 93 5 Aplicaciones lineales 141 6 Formas canónicas de Jordán 197 7 Formas bilineales 301 8 Endomorfismos simétricos y ortogonales 329 APÉNDICES 345 A Lenguaje 347 B Conjuntos 351 C Aplicaciones o funciones 355 D Relaciones de equivalencia 361 PRÓLOGO Querido lector: El libro que tienes en tus manos, nace con la vocación de ser un in strumento útil para el estudio y aprendizaje del Algebra Lineal y va es pecialmente destinado a los alumnos de las Facultades de Matemáticas y Físicas así como a los de de las Escuelas Técnicas donde esta ma teria forma parte de sus Planes de Estudio. En él se recogen los enunciados de los problemas que en mi De partamento se proponen a los alumnos de primer curso de la Facultad de Matemáticas, a los que se han añadido los de algunos ejercicios propuestos en los distintos exámenes. Es, por tanto, el fruto de bas tantes años de experiencia en la enseñanza de la asignatura de Algebra Lineal y una de las consecuencias del trabajo desarrollado por todos mis compañeros. Si en mí recayera algún mérito, sólo sería el de haber elaborado y preparado las soluciones de dichos los ejercicios y haberme decidido a su publicación. El alumno encontrará una colección variada de ejercicios resuel tos de cálculo matricial, determinantes y sistemas así como de espa cios vectoriales y aplicaciones lineales todos ellos rigurosamente selec cionados y ordenados. Se incluyen, igualmente, algunos sobre espa cios vectoriales duales. Las formas bilineales han sido abundantemente tratadas así como las aplicaciones del algoritmo de Gram-Schmidt al cálculo de bases ortonormales. Se ha hecho especial hincapié en los 6 PRÓLOGO ejercicios sobre formas canónicas de Jordán, tanto complejas como reales, dada su importancia, no solo en esta asignatura, sino en sus posteriores aplicaciones a la Geometría y al Análisis. Se complementa este manual, con la inclusión de un Apéndice en el que se proponen ejercicios de temas que hemos considerado que es imprescindible conocer para abordar con éxito la resolución de proble mas. Bien es sabido que los últimos cambios en los Planes de Estudio, tanto en la Enseñanza Secundaria como en la de los Niveles Universi tarios, han creado algunas lagunas que es absolutamente indispensable rellenar, no sólo para abordar con ciertas garantías el estudio de esta asignatura sino cualquier otra de Matemáticas e incluso de Físicas. No quisiera terminar sin agradecer a los miembros del Departamen to de Algebra de la Universidad de Sevilla su apoyo y colaboración y muy especialmente a aquéllos con los que he compartido las tar eas docentes en la asignatura de Algebra Lineal en el presente curso académico por las continuas consultas a las que les he tenido sometidos y que siempre fueron bien resueltas, por haber experimentado conmi go este libro cuando ni siquiera era un proyecto serio y por sus útiles consejos, agradecimiento que hago extensivo a los Servicios de Publi caciones de las Universidades de Cádiz y Sevilla por el apoyo recibido para la publicación de este manual. Mayo de 2001 Manuel Iglesias Cerezal Capítulo 1 Matrices Ejercicio 1.1 Obtener las potencias n-ésimas de las siguientes matrices: / 0 1 0 \ A = | 0 0 1 I \ 0 0 0 / B = / 1 1 1 \ C = I 1 1 11 \ 1 1 1 / Solución Apartado 1 El primer apartado es trivial ya que la matriz A es nihilpotente de orden tres. Es decir, / 0 1 0 \ / 0 0 1 \ / 0 0 0 \ A = I 0 0 1 j => A2 = [ 0 0 0 | => A3 = | 0 0 0 | . 2 / I o i ) + ' i o J (ver eJerclcl° 14)- \ 0 0 0 / \ 0 0 0 / \ 0 0 0 / Por tanto, Vn >3, An = An-1A = 0 • A = 0. Apartado 2 Procedamos por inducción1 sobre n. • Para n = 1, / (x + 1) 4- (x - 1) x 1 = I 2 1 a: J ' (x + 1) - (x -A) \ 2 (x + 1) - (x - 1) \ 2 (s + !) + (*- 1) ' xOtra forma de abordar el calculo de Bn es aplicar la fórmula de Taylor a la matriz B = 8 CAPÍTULO 1. MATRICES • Para n = 2, / (x + l)2 + (a: — l)2 (x + l)2 — (x - l)2 \ R2 _ í z2 +1 \ “ 2 2 y 2a; x2 + 1 / (a; + l)2 - (a; - l)2 (x 4- l)2 4- (x - l)2 \ 2 2 / • Supongamos que se verifica que Los elementos que ocupan la posición (1,1) y (2,2) de la matriz Bn+\ son de la forma, (x + 1)” + (a; - l)n (a; + l)n - (a; - l)n ------------X------------x + -- ----------x------------= x(x 4- l)n + arfa; - l)ra + (a: + l)ra - (a; - l)n y los elementos que ocupan la posición (1,2) y (2,1) de la matriz Bn+1 son también iguales y de la forma, (a; + l)n + (x — 1)" + a;(ar 4- l)n — x(x — l)n “ T (a; + l)"(ar 4-1) - (a; - l)n(a; - 1) ~ 2! _ (a: 4- l)n+1 — (x — l)n+1 —2 Por tanto, Bn+i = Fórmula que prueba que la hipótesis formulada es cierta. 9 Apartado 3 Procedamos, igualmente, por inducción sobre n. • Para n = 1 y n = 2, / i i i \ / 1 1 1 \ C = 1 1 1 = 3o 1 1 1 , \ 1 1 1 / \ 1 1 1 / / 3 3 3 \ / 1 1 1 \ C2 = CxC\ 3 3 3 = 31 1 1 1 . 1. Es evidente. \ 3 3 3 / \ 1 1 1 / • Supogamos que se verifica que / i i i \ Cn = 3”-1 1 1 1 . \ 1 i i / • Prueba para n + 1. / 1 1 Cn+1 = Cn x<j = 3n-l x j \ 1 1 1 \ / 1 1 1 \ / 1 11 1 1 = 3” 1 1 / \ i i i / \ 1 1 1 1 1 1 1 Fórmula que prueba que la hipótesis formulada es cierta. Ejercicio 1.2 Sean a,6,cnúmeros reales tales que a2 + b2 + c2 = 1 y consideremos la matriz: / 0 a — b \ A I —a 0 c I . y b — c o y 1. Demostrar que la matriz A es antisimétrica (es decir A* = —A). 2. Probar que la matriz M = A2 +I3 es simétrica (es decir M* = M), siendo I3 la matriz unidad de orden tres. 3. Demostrar que la matriz M es idempotente (es decir M2 = M). Solución 10 CAPÍTULO 1. MATRICES 2. /O a —b M = A2+ I3= í -a O c y b —c o Ejercicio 1.3 Hallar todas las matrices que conmutan con la matriz A en cada uno de los casos siguientes: / 1 0 0 \ A=| 0 1 0 I \3 1 2/ de donde, / —a2 — b2 + 1 be M = I be —a2 — c2 \ ac ab Si tenemos en cuenta que a2 + b2 + c2 = 1, y sustituimos en la diagonal principal de esta última matriz, tenemos, (c2 be ac be b2 ab ac ab a2 Es evidente, por tanto, que M es simétrica. 3. / c4 + b2c2 + a2c2 be3 + b3c + a2bc ac3 + ab2c + a3c \ M2 = I be3 + b3c + a2bc 62c2 + b4 + a2b2 abe2 + ab3 + a3b I y ac3 + ab2c + a3c abe2 + ab3 + a3b oPc2 + a2b2 + a4 j Extrayendo convenientemente factor común en cada uno de los elementos de la matriz M2, obtenida y recordando que a2 + b2 + c2 = 1, se tiene, M2 c2(a2 + b2 + c2) bc(a2 + b2 + c2) ac(a2 + b2 + c2) bc(a2 + b2 + c2) ac(a2 b2(a2 + b2 + c2) ab(a2 ab(a2 + b2 + c2) a2 (a2 + b2 + c2) + b2 + c2) + b2 + c2) Es decir, c2 be ac be b2 ab ac ab a2 = M, de donde se deduce que M es idempotente. 11 Solución Apartado 1 Sea Impongamos a esta matriz la condición de que conmute con la matriz A: x y \ í 1 2 A / 1 2 A / x y \* ?X-i -jM-1 u de donde x — y 2x — y z — t 2z — t x + 2z y + 2t —x — z —y — t Igualando los elementos de ambas matrices y simplificando, obtenemos, y = -2z i : f z~2y A x = t — 2z ) \ y z J Apartado 2 Seay A * j' Impongamos a esta matriz la condición de que que conmute con la matriz A: x y A ( 1 z t J 0 'U1 ‘V i? \<> i A x y A z t J ' de donde, x x+y\_íx+z z z +1 ) \ z y + t t Igualando los elementos de ambas matrices y simplificando, obtenemos, 2 = 0 \^x=( * y} x = t J \ 0 z y Apartado 3 Sea yi A 12 y2 Z2 j • X3 y3 ^3 / Como en los casos anteriores, impongamos a la matriz X la condición de que conmute con A: ( xi yi zi A X2 y2 z2 | , 3a;i + X2 + 2^3 3yi + y2 + 2?/3 3zi + z2 + 2z3 j 12 CAPÍTULO 1. MATRICES XA = Xi + 3.21 X2 + 3z2 z3 + 3z3 yi +zi yz + z2 V3 + z3 2^i \ 222 | 223 / Igualando los elementos de la tercera columna de ambas matrices, obtenemos, 2i = 0, 22 = 0, 23 arbitrario. Igualando sucesivamente los elementos de la primera columna y segunda columna de AX con los correspondientes de XA, se obtiene, respectivamente, xi arbitrario, x3 arbitrario, x3 = —3zi — x2 + 323; yi arbitrario, y2 arbitrario, y3 — —3yi —y2 + z3, de aquí que X sea de la forma, ( xi y^ 0 \ *2 2/2 0 1 . -3xi - x2 + 3z3 -3yi - y2 + 23 23 / Ejercicio 1.4 Sean A y B dos matrices cuadradas del mismo orden tales que A • B = B ■ A. Demostrar que: 1. (A + B}2 = A2 + 2 ■ A • B + B2. 2. A2 — B2 = (A + B) ■ (A - B). n / \ 3. (A + B)n = ¿ ) Ak • Bn~k. k=0 ' ' Solución 1. (¿+B)2 (¿+B)(A+B) (A+B)A+(A+B)B A2+BA+AB+B2 = A2 + 2AB + B2. (1) Por definición de potencia de exponente natural. (2) Por la propiedad distributiva de la multiplicación de matrices. (3) Por conmutar A con B (AB = BA). 2. A2-B2 = A2-AB + BA-B2 A^A-B^ + B^A-B) = (A + B^A-B). (1) AB = BA ^ -AB + BA = 0. (2) Por la propiedad distributiva de la multiplicación de matrices. 3. Procederemos por inducción sobre n. * Para n = 1, 13 • Para n — 2, • Supongamos que es cierto que Nota. Se han aplicado las propiedades siguientes de los números combina torios: Ejercicio 1.5 Sea Eij la matriz n x n que tiene un 1 en el lugar (i,f) y 0 en el resto. Calcular los productos ■ Eki para cualesquiera valores de i, j, k, l comprendidos entre 1 y n. Solución Recordemos que si A G M(n, m), EijA es una matriz de orden n x m tal que su 14 CAPÍTULO 1. MATRICES fila í-ésima es la fila j-ésima de A y son de ceros las restantes filas. Dicho esto, es fácil comprender que EijEki = En si k = j 0 si k / j Ejercicio 1.6 Demostrar que toda matriz A € A4(2 x 2, K) verifica la ecuación, A2 — (a + d) • A + (a • d — c ■ b) • I2 =0, donde I2 es la matriz unidad de orden dos Solución Se tiene que 2 _ / a2 + be ab + bd \ — y ac + cd bc + d2 j ' . n 4 ( ~a'2 — ad ~a^ — bd \ ~(a + d)A= _ac_cd _ad_d2 J, , , ,.T ( ad — cb 0 \(ad-cb}I={ Q ad_cbj- Sumando miembro a miembro las tres igualdades, resulta A2 — (a + d) ■ A + (a ■ d — c • b) ■ I2 = 0, que es lo que se pedía demostrar. Ejercicio 1.7 Si A = (a^) es una matriz cuadrada de orden n, entonces se define la traza de A, que notaremos Tr (A), así: n 'ft(A) = 22a«. Í=1 Probar que si A y B son matrices cuadradas de orden n, entonces: 1. Tr (4 - B) = Tr (X) - Tr(B). 2. Tr pl ■ B) = Tr (B ■ A). 3. A - B — B ■ A^ In, siendo In la matriz unidad de orden n. 15 Solución Sean A = (aij), B = (ty) dos matrices cuadradas de orden n. n n n 1. T¥(A - B) = - b^) = £ au - £ bu = Tr(A) - Tr(B).2 = 1 2=1 2=1 2. Sean C = (cíj) y C = matrices cuadradas de orden n tales que C = AB y C = BA. Se tiene: n n n n n Tr(C") = E = Z Ebi^ = L L2=1 2=1 j = l j = l 2 = 1 1=1 J = 1 2=1 de donde deducimos que Tr(Bd) = Tr(AB). 3. Si fuese AB — BA = In, sería Tr(dB - BA) = Tr(Zn) = n, pero esto es imposible ya que por los puntos anteriores, Tr(AB - BA) (=’ Tr(AB) - Tr(5d) (= 0. Ejercicio 1.8 Se pide: 1. Demostrar que si A y B son matrices cuadradas de orden dos, entonces la suma de los elementos de la diagonal principal de la matriz A • B — B • A es 0. 2. Probar que si C es una matriz cuadrada de orden dos tal que la suma de los elementos de la diagonal principal es 0, entonces existe un escalar a tal que C2 = a • I2, siendo I2 la matriz unidad de orden dos. 3. Deducir de (1) y (2) que si A,B,D son matrices cuadradas de orden dos, entonces se verifica: (A - B - B • A)2 ■ D = D ■ (A - B - B • A)2. Solución 1. La suma de los elementos de la diagonal principal de una matriz cuadrada es la traza de la matriz, definida en el ejercicio 1.7. Por este mismo ejercicio (apartados (1) y (2)), sabemos que Tr(AB - BA) ^{AB) - TA^BA) ® 0. 16 CAPÍTULO 1. MATRICES 2. La matriz C será de la forma, de donde Basta pues, tomar a = a2 + be. 3. Hemos demostrado que Tr(AB - BA) = 0 M K | (AB - BA)2 = al2 Por tanto, (AB - BA)2D = (aI2D) = D(al2) = D(AB - BA)2. Ejercicio 1.9 Sea A € A4(n x n, K) una matriz fija. Probar que las condiciones siguientes son equivalentes: 1. A • X = X • A para toda matriz X de MSn x n, K). 2. Existe un escalar 3 tal que A = (3 • I. Solución El ejercicio 1.5 define las matrices Eij. Dos propiedades importantes de estas matrices se traducen en el comportamiento de la multiplicación a izquierda y derecha por una matriz A. • Eij A da como resultado una matriz del mismo orden que A tal que su fila i es la fila j de A y el resto de sus elementos son ceros. • AEij da como resultado una matriz del mismo orden que A y tal que su columna j es la columna i de A y el resto de sus elementos son ceros. Visto lo anterior, no es difícil comprender lo siguiente: 11 => 2 | AX — XA, VX € M(n x n, K) => AE^ = EtjA, (1 < i, j < n), donde Eij es la matriz definida en el citado ejercicio 1.5. Por consiguiente, 17 j) 0 ••• 0 0 0 0 aÍ3 + ^jn 0 0 0 0 ■ ■ 0 igualdad matricial en la que se han destacado la fila i y la columna j. Aplicando el criterio de igualdad de matrices obtenemos que ( aki = 0 si k / i (1 < k < n), * ajk = 0 si k/j (1 < k < n), ^ii = j • Como las expresiones anteriores son válidas Yi,j 11 < i, j < n, deducimos que la matriz A es de la forma, = 01. | 2 => 11 Es evidente ya que si A = /U, A conmuta con toda matriz X de orden n x n. Ejercicio 1.10 Una matriz cuadrada se llama diagonal si todos sus elementos situados fuera de la diagonal principal son iguales a 0. Demostrar que las condi ciones siguientes son equivalentes: 1. A es una matriz diagonal. 2. A es una matriz cuadrada que conmuta con todas las matrices diagonales de su mismo orden. Solución Sean A y B las matrices diagonales, «22 / bu ¿22 , B = ®nn / \ 18 CAPÍTULO 1. MATRICES Se tiene, que / «nbn AB = / ^11011 «22^22 ^22 «22 = BA. ^nn ^nn 11 => 2 | Sean, ahora, «11 «12«21 0-22 \ «ni «n2 ^ln ' a2n ^nn / Se tiene, que / AB = «11“21 «120-22 din \ / bll«2n ^22 \ «ni an2 / Üll&ll «12^22 «21^11 0-22^22 \ dnlbll an2^22 Análogamente, ^Inbnn \U2n^nn ^nnbnn BA = ^11 «12 «In«21 «22 • • • «2n \ «ni «n2 * * * «nn / / biian ^n«i2^22a21 ^22a22 bllüin b22<12n {baaíj^. bnn^nl bnn^n2 bnn^nn / 19 De donde deducimos, que ^^3 I 1 < j _ aijbjj — bndijf Es decir, Ujj ^h) — 9 aij — si *t~ 3 Haciendo aa = A¿, la matriz A es de la forma, y, por tanto, es diagonal. Ejercicio 1.11 Responder a las cuestiones siguientes: 1. Hallar todas las matrices 2x2 cuyo cuadrado sea la matriz cero. 2. Hallar todas las matrices 2x2 cuyo cuadrado sea la matriz unidad. 3. Hallar todas las matrices 2x2 cuyo cubo sea la matriz cero. Solución Sea, en todos los casos, 1. a2 + be ac + cd ab + bd \ be + d2 JÁ2 = 0 0 0 0 de donde a2 + be b(a + d) c(a + d) be + d2 0 (1) 0 (2) 0 (3) 0 (4) Caben los casos: (a) a + d / 0 => b = c = 0 => a = d = 0 (Sustituyendo en (1) y (4)), de donde A-(° A 0 0 ) ’ solución que, siendo del problema, contradice la hipótesis inicial de que a + d 0. 20 CAPÍTULO 1. MATRICES (b) a + d = 0 —* d — —a. pudiendo ser b y c cualesquiera. Ahora bien, como a2 = — be, A será de la forma, con a2 = — be. (Obsérvese que el caso anterior está incluido en éste, basta hacer b = c = 0.) 2 _ / a2 + be al^ bd \ f 1 0 j y ac + cd be + d? J y 0 1 / de donde , a2 + be = 1 (1) ( b(a + d) = 0 (2) c(a + d) = 0 (3) i be + d2 = 1 (4) Caben los casos: (a) a + d /0(^ (b= 0)A(c = 0) a2 = 1 = d2. Como a = ±1, d = ±1 y a + d / 0. debe ser sig(a) = sig(b) => (a = b = 1) V (a = b = —1). Luego, en este caso, las matrices pedidas son, . í 1 0 \ . / -1 0 \ A1 ~ 0 1 J ' A2 ~ 0 -1 ) (b) a + d = 0 => d = —a, pudiendo ser b y c cualesquiera. Por tanto, teniendo en cuenta (1) y (4), la solución es con a2 + be = 1. 3. Para calcular las matrices cuadradas cuyo cubo sea cero, tendremos en cuen ta: • A3 = 0 => |A3| = |A|3 = 0 => |A| = 0. • A2 - (a + d)A + |A|Z = 0 => A2 - (a + d)A = 0 => A2 = (a + d)A. (Ver ejercicio 1.6) Partiendo de esta última igualdad A2 = (a + d)A, si multiplicamos ambos miembros por A, tenemos que 0 = A3 = (a + d)A2, (1-1) (1-2) 21 y, sustituyendo el valor de A2 (dado por 1.1), en esta última ecuación, resulta que 0 = (a + d)2A. Pueden darse, pues, dos casos: (a) A = 0, lo que implica que X3 = 0. (b) a + d = 0. Sustituyendo este valor en (1.1) se tiene que A2 = 0 y, por consiguiente, A3 = A2 4 = 0. Si tenemos en cuenta la cuestión 1 del presente ejercicio, la solución a esta cuestión es . í a b \ o ,A = j , con a = —be. \c ~a J Es decir, las matrices cuadradas A tales que 42 = 0. Capítulo 2 Determinantes y sistemas Ejercicio 2.1 Calcular los siguientes determinantes: 1) 4) 1 -1 1 -1 > 1 3 2 2) -5) 1 0 -1 1 -1 -1 -1 -1 2 -1 -1 1 1 1 -3 1 0 -2 , 3) , 6) 1 0 -1 1 1 1 -1 -1 1 -1 2 -1 1 1 -2 1 -1 2 0 1 - 1 -1 1 1 2 -1 2 -1 3 0 -1 1 - 11 1 2 1 0 1 n 2 1 , 8) -2 -1 1 - 2 ’-4 - 3 3 1 - 1 3 0 -1 1 -1 0 -1 1 -1 0 1 0 -1 0 1 0 -1 9) 0 -1 -1 2 , 19) _ 1 -1 -1 1 1 ■1 1 1 -3 0 1 1 -2 0 -1 1 -1 0 -1 1 -1 1 1 -1 1 _1 1 -1 -1 ii) 0 -1 2 -1 , 12) _ 1 -1 -1 1 » 0 1 -3 2 — 1 1 0 -2 0 — i 1 -1 0 -1 1 -1 3 i 1 1 -1 1 2 -4 13) 0 — i 2 -1 , 1 4) i-1 -1 1 -1 J 2 i -1 2 -1 1 1 -3 24 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 15 17) 19 ) ) 1 -1 3 0 0 -1 1 1 1 -1 1 -1 -1 0 0 -1 1 1 -3 -1 1 -1 -3 0 0 -1 -1 1 -3 -1 1 “> 1 2 3 1 -] 1 , O 1 -1 1 -í 3 1 -1 1 0-1 o 1 -1 1 O -1 1 -1 1 -2 1 -1 1 -1 -1 -1 1 -1 1 -1 -1 O -1 1 —2 —4 21) 1 '-I -3 í 0 -1 5 1 -9 -1 -1 1 “ 1 -1 0 1 0 -1 0 1 -1 16) 1 -1 1 -1 1 1 1 0 -1 1 “3 -1 -1 2 -3 1 1 1 -1 1 1 1 1 0 0 18 0 1 1 -1 1 -1 i -1 2 -3 1 1 1 -1 2 1 1 -1 1 5 1 3 0 2 , 2 0 0 1 -1 1 3 1 2 -1 1 1 -1 2 1 - 1 -1 * -1 1 - 1 2 1 -3 Solución Soluciones: 1) 1; 2) 1; 3) 1; 4) 1; 5) 2; 6) 3; 7) -2; 8) 1; 9) 1; 10) 1; 11) 1; 12) 2; 13) 3; 14) —2; 15) 1; 16) 1; 17) 1; 18) 1; 19) 2; 20) 3; 21) -2. A continuación, resolveremos los dos últimos apartados. Apartado 20 1-11-1 1 5 0 3 0 2 0-11-1 1 3 11 2-1 1-11-1 2 0 3 -1 1 1 1 -1 1 0 -1 2 -1 2 1 -1 2 0 3 -1 1 1 1 0 -1 2 1 0 0 5 0 3 0 -1 1 3 1 1 1 -1 1 0 3 -1 1 1 1 0 0 © _3 0 2 1 (2) 0 0 -1 2 -1 -1 2 0 -1 2 0 2 1 -1 1 (J) -1 -1 1 2 = 3 25 Justificación de los pasos (1) Sustituyendo la primera fila, por ella menos la tercera. (2) Desarrollando por los elementos de la primera fila. (3) Sustituyendo la cuarta fila, por ella menos la segunda. (4) Desarrollando por los elementos de la cuarta fila. (5) Desarrollando por los elementos de la primera fila. Apartado 21 1-1 1-1 -3 0 -1 -1 0-1 1-1 5 12 1 -9 -1 —4 -1 1 0 0 0 0 -3 0 -1 -1 -1 0-1 1-1 1 5 12 11 -9 -1 —4 -1 -3 0 -1 -1 -1 1 -1 1 2 1 -1 —4 -1 -1 -1 1 -1 2 1 -4 -1 (4) ‘ -1 1 1 1 2 1 -1 —4 -3 Justificación de los pasos (1) Sustituyendo la primera fila, por ella menos la tercera. (2) Desarrollando por los elementos de la primera fila. (3) Sustituyendo la primera columna, por ella menos la tercera. (4) Desarrollando por los elementos de la primera columna. Ejercicio 2.2 En cada una de las series de determinantes que siguen (A, B ó C), se pueden calcular todos conocido el primero. Por ejemplo, se pueden calcular A42, A43, A44, A45, A46, A47 y A48 a partir de A41 por las propiedades de las aplicaciones multilineales alternadas. Calcular los tres primeros determinantes. En cada caso, calcular los siguientes haciendo uso de esas propiedades y explicando cuáles se han usado. A41 = 0 2 -3 4 -1 1 -1 1 1 0 1 -1 -1 1 -3 4 , A42 = 6 2 -3 4 1 1 -1 1 -1 0 1 -1 5 1 -3 4 1 0 -1 1 -1 -3 -1 1 -3 2 1 —4 1 0 -1 1 -1A43 = , A44 =-3 -1 7 -3 2 ■ 1 0 1 4 1 -9 4 4 1 -1 4 0 -1 1 -1 -1 1 -1 0 2 1 0 1 1 0 1 2A45 = , A46 =4 1 -1 4 -3 1 -1 -3 3 1 -1 3 4 -1 1 4 26 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 447 = 0 1-2-1 2 0 2 1 -3 1 -2 -3 A48 = 2 1-21 0-1 3-1 -3 -1 3 -3 4 1-34 2 13-3 2 10 1 -1 -1 -1 1 2 110 0-1 6-1 2 1-51 -1-1 4 1 2 1-40 2-1 1-1 0 10-1 1-1-1 2 0 11-2 -1 -1 —2 0 110 2 1-1 2-1 0 1-22 1-1 0-1 0 10-1 -1 7 —4 -2 1-531 -4 -1 -1 —2 4 2 11 0-1 1-1 3 111 -3 —2 0 -2 8 3 2 3 -4 -1 -1 —2 3 111 0 10-1 8 13 3 B41 = 4-124 0-1 1-1 2 10 1 -1 -1 -1 1 2 110 2 13-3 5 4 3 -2 -1 -1 -1 1 2 110 0-1-1 1 -2 -1 1 -2 -1 -1 1 -1 2 10 1 0-1 1-1 2 110 - 4 —4 —4 4 2 10 1 0-1 1-1 0 10-1 - 4 -1 -1 —2 3 111 0 11-1 0 10 1 — 4 2 -1 -1 3-111 0 1-1-1 0 0 1-1 — 4 -1 -5 2 3 111 0-3 3-3 8 3 2 3 B42 = B43 = B44 = B45 = , B46 = B47 = B48 = C41 = C42 = (744 =(743 = (745 = (746 = (748 =(747 = -4 -1 -1 -2 -4 -1 -1 —2 3 111 3 111 27 Solución Nota. Para simplificar la escritura se han utilizado las transformaciones elemen tales por filas y por columnas con los siguientes criterios: Transformaciones por filas. • Los símbolos escritos encima de las flechas son transformaciones elementales por filas. • Pij(c) es la transformación que sustituye la fila i de la matriz, por ella más la fila j multiplicada por c. Esta transformación no altera el determinante de la matriz. • Tij es la transformación que permuta las filas i y j de la matriz. Esta transformación cambia el signo del determinante. • Mi{c) es la transformación que multiplica la fila i de la matriz por el escalar c / 0. Esta transformación multiplica el determinante de la matriz dada por c. Transformaciones por columnas. • Los símbolos escritos debajo de las flechas son transformaciones elementales por columnas. • Pij(c) es la transformación que sustituye (¡atención!) la columna j de la matriz, por ella más la columna i multiplicada por c. Esta transformación no altera el determinante de la matriz. • es la transformación que permuta las columnas i y j de la matriz. Esta transformación cambia el signo del determinante. • Mi^c) es la transformación que multiplica la columna i de la matriz por el escalar c / 0. Esta transformación multiplica el determinante de la matriz dada por c. 1. A41 — 1; .A42----- —+ — 1; ^43---------- > A41 = 1; ^13(2) A44 ——+ — A44 —-A41 = 1; A45 ——A45-----\ A41 = 1; A46----- » — A46----- * A41 = 1; rl2 t23 ^47 ----------> 2A47 ----- + —2A41 = —2; A18 —— ^48 --------- * — A41 = 1. M3(^) ^23 ft2(2) 28 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 2. p 1. p ^13(2) p _ - p ^13(2), P2a(3) p _±>41 = ~ 1, ±>42 ------------ * ±>41 — “l* ±>43 ---------------------- * ±>41 — ”1» • Supongamos que para cualquier entero positivo r menor que n, se verifica que Ar - ar. B44--------- —* fí4i = — 1; ±*23(5) B45 -B45--------- > B45 -^24 -B45--------- > -541 = i- Ma( —1) ^34(2) 3. C41 = —1; C42 ——» -C42--------- > — C41 = 1; T13 P12(2) C43 ——> —C'43^— ---- + C41 = 1;I24 Mi(—1) p23W p _ 1. p ______ p p---------- * ~O41 — 1, O45 ------ * — O45 -----------* — O4I = 1, T23 P23(2) „ Pi4(l) - ,l>46 ----------- * ^46 ----------- ► O41 = — i!P23(2) ^47 ----------- ► O47 Milj) 3041 — 3; P23(2)U48 ----------- ► C48 -C41 = 1. Ejercicio 2.3 Consideremos la sucesión de Fibonacci, definida por las siguientes relaciones: ai — 1, ^2 — 2 y Un4-2 — d” ^n+li (Vu 1). Demostrar que el n-ésimo término, an, determinante de la matriz n x n siguiente: de la sucesión de Fibonacci es igual al / 1 1 0 0 •• ■ 0 0 -1 1 1 0 •• ■ 0 0 0 -1 1 1 •• ■ 0 0 0 0 0 0 •• • -1 1 / Solución Llamemos An al determinante de la matriz de orden n dada. Por inducción completa sobre n. • Desde luego △! = ai = 1, A2 = a2 2 y A3 = 3 = Ai + A2 = ai + a2 = a3. 29 • Prueba para n > 3. Desarrollando △„ por los elementos de la primera fila, se tiene: △n =An-1 “ -1 1 0 0 1 1 0 0 0 o o o o -1 1 Desarrollando ahora el determinante del segundo miembro de la igualdad anterior, por los elementos de la primera columna, llegamos a que △n = An-1 + △n—2* Luego, por la hipótesis de inducción, será △n = ^n— 1 d* —2 = ^n* Ejercicio 2.4 Establecer las siguientes identidades: 1) x — y — z 2a: 2a: 2y -x + y - z 2y 2z 2z —x — y + z 2) 1 1 1 x y z y + z z + x x + y 1 1 1 — 1 x 1 — 1 —1 X -1 -1 -1 1 1 1 X 4) a:9 xy xy y9 9 9xy x* y xy 9 2xy y x xy 9 9y xy xy x = (a: + 7/ + z)3. = (x + l)"-1 = (x2-y2)4. 5) x + ai a2 a3 •• ai x + a2 a3 • • ai a2 a3 ■ • * X "4“ Gyj 30 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 6) 2 1 0 0 —• 0 1 2 1 0 ••• 0 0 1 2 1 0 O O O O 2 7) Xi 02 ai X2 an = n (*<-“<)■ (1 + + ■■■ + r^-í 'l(ai-ai) (zn-an)/ 1— 1 ai (En este último determinante, suponemos que x¿ / üí (i = 1, • • • ,n)). Solución 1. X - y - z 2z 2x -x + y - z 2z 2x 2y —x—y+z 21 x + y + z 2y 2z x + y + z —x + y — z 2z x + y + z 2y —x — y + z x + y + z 2z 0 -(a: + y + 2) 2z 0 0 — (x + y + = (x + y + z)3 (a) Sustituyendo la primera fila por la suma de todas. (b) Sustituyendo la segunda y tercera columna por ellas menos la primera. (c) Como hemos obtenido una matriz triangular, su determinante es el producto de los elementos de la diagonal principal. 2. 1 x x + y + z 1 1 y z x + y + z x + y + zy + z z + x x + y (x + y + z) 1 1 1 x y z 1 1 1 ^0. (a) Se ha sustituido la tercera fila por ella más la segunda. 31 (b) Si x + y + z = O, el determinante es cero por tener una fila de ceros. Si no es así, dividiendo la tercera fila por x 4- y 4- z. (En relidad, se puede afirmar que este determinante es cero por tener la primera y tercera fila proporcionales). (c) Como la matriz tiene dos filas iguales, su determinante es cero. - (x + l)n 1 1 1 1 1 1 1 1 • • 1 -1 X 1 1 0 x + 1 1 • 1 3. -1 -1 X - • 1 a) 0 0 x 4- 1 • ■ 1 -1 -1 -1 X 0 0 0 ■ • x + 1 (a) Se ha sustituido cada fila por ella menos la primera. (b) El determinante de una matriz triangular es el producto de los elementos de la diagonal principal. 4. X2 xy xy x2 xy y2 y2 xy (=’ (x + y)2 xy (x + y)2 (x X2 + y)2y y2 (z + y)2 xy xy y2 y2 xy X2 xy xy X2 xy y2 y2 xy z2 xy xy X2 (x + y)2 xy xy y2 0 x(x - y) -y(x - y) y(x - y) O í 1 o 1 1 O O íM oí 1 0 0 0 x2 - y2 (x + y)2 2xy xy y2 0 (x - y)2 -y(x - y) y(x - y) 0 0 x2 - y2 0 x 0 0 0 2 - y2 y 5 (x + y)2(x-y)2(x2 -- y2)2 = (x2 2\4-y ) • (a) Sustituyendo la primera fila, por la suma de todas. (b) Sustituyendo cada columna por ella menos la primera. (c) Sustituyendo la segunda fila, por ella más la tercera. (d) El valor del determinante es el producto de los elementos de la diagonal principal (matriz triangular). x + aj 02 a3 •• • an 5. ai X + 02 a3 • • an (“) ai 02 a3 • ' x 4“ a„ 32 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS as a3 02 X + 0,2 as 00 0 ■” ^x (a) Se ha sustituido la primera columna, por la suma de todas. (b) Se ha extraído el factor común de la primera columna y se ha sustituido cada fila, por ella menos la primera. (c) El determinante resultante es igual al producto de los elementos de la diagonal principal. 6. Sea A„ el determinante dado. Procedamos en este caso por inducción sobre el orden del determinante. • Para n=l, |2| = 2 = 1 + 1. 2 1 1 2 = 3 = 2+1. • Supongamos la fórmula cierta para todo entero positivo menor que n. • Prueba para n. Desarrollando por los elementos de la primera fila se tiene: 1 1 0 •• • 0 0 2 1 •• • 0 A„ - 2A„_r 0 0 1 ■■ • 0 — 2A„_iAn_2■ 1 ■ ■■ w ■■ 0 0 0 • • 2 y, teniendo en cuenta la hipótesis de inducción, △n = 2An_j — An_2 = 2(n — 1 + 1) — (n — 2 + 1) = n + 1, con lo que hemos demostrado que la fórmula es cierta para todo número entero positivo. 7. Para simplificar la escritura utilizaremos la siguiente notación: &Í* • Para n=2, 33 Xi O2 03 • ' ^n—1 anai x2 a3 ■ ’ ^n—1 △n ai a2 Z3 ■ • ^n — 1 ai a2 a3 • ' ^n— 1ai a2 a3 ■ ' ^n— 1 0 0 0 0 0 0 6n— 1^n—1 0 b2 0 —b2 bs 0 0 0 0 0 0 o 0 0 bn—1 bn — 1 + ( —l)3O2 +(—l)4a3 -b, O O O ~bi O O O O bs O O ^2— &2 o o O O bn—1 bn — 1 O O o o o bn— 1 bn — 1 o o o bn —61 b2 OO —b2 63 0 0 0 0 0 0 O O bn—1 bn— 1 = 11 n bi + (—l)3+1a2 n 6i + (-l)4+2a2 f[ i»í + <=i Wi/1 t/3 1 34 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS i^n Deshaciendo el cambio realizado (bi = Xi — a¿), y efectuando la división del primer término del paréntesis, se obtiene que Justificación de los pasos dados. (a) Sustituyendo cada fila, por ella menos la anterior. (b) Desarrollando por los elementos de la primera fila. (c) Desarrollando los n determinantes resultantes al realizar el paso ante rior. (d) Se ha completado cada producto con el factor que falta para lo cual se ha multiplicado y dividido cada término por dicho factor. definidas como sigue: Ejercicio 2.5 Sean An = (av) y Bn = (bij} matrices cuadradas de orden n, si i < j si i < j si i = j 'f si i = j + 1 si i > j ” si i > j + 1 Se pide: 1. Probar que det(5n_i) = -6)" 2. 2. Probar que det(An) = (a + b) det(An_i) — b(a — b')n \ 3. Probar por inducción que det(An) = |[(a + b)n + (a — &)"]. Solución 1. Calculemos el determinante de la matriz Bn. Por definición, det(Bn) = b b b b b a b b • • • b b —b a b ■ ■ ■ b b —b —b —b • • • b b —b—b—b--- a b 35 Sustituyendo cada fila por ella menos la primera, se tiene que b a — b —2b b 0 a — b b ■■ 0 •• 0 •• ■ b ■ 0 ■ 0 b 0 0 det(Bn) = ■ -2b —2b -2b ■■ ■ 0 0 —2b —2b —2b ■■ • a — b 0 Desarrollemos este determinante por los elementos de la última columna con lo que se obtiene que det(B„) = (-l)1+n&(a - ó)”"1 y, por tanto, det(Sn_1) = (-l)nb(a-6)n-2. (2-1) 2. Calculemos ahora el determinante de la matriz An. Igualmente, por defini ción, a b b •• ■ b b —b a b b b det(An) = -b -b a ■ ■ ■ b b -b —b -b .. ■ a b -b -b -b •• ■ —b b Sustituyendo la última fila por ella más la primera, se tiene que a b b ■ • b b —b a b ■ ■ b b det(An) = —b —b a • ■ b b —b —b —b ■ ■ a b a — b 0 0 • ■ 0 a + 6 y, desarrollando por los elementos de la última fila, obtenemos que det(An) = (-l)”+1(a - b) det^-O + (-l)2n(a + b) det^-J. Por tanto, teniendo en cuenta la igualdad (2.1), se verifica que det(An) = (a + b) det(Xn_i) — b(a — b)n 2. (2.2) 3. Probaremos la fórmula por inducción sobre el orden, n, de la matriz An. 36 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS • para n = 1, la fórmula es cierta ya que det^) — a = Í[(a + b) + (a - fe)]. • Para n = 2 es igualmente cierta. det(A2) = a2 + b2 = ^[(a + b)2 + (a - fe)2]. • Supongamos qua la fórmula es cierta para la matriz An_i. • Prueba para la matriz An. í’or la hipótesis de inducción, podemos sustituir el valor del det(>ln_1) en la fórmula (2.2) y obtendremos: det(An) = (a + fe) det(An_i) - b(a — fe)"-2 = = |(a + fe) [(a + fe)"-1 + (a - fe)"-1] - b(a - fe)"-1 = = | [(a + fe)" + (a + b)(a - fe)"-1 - 2b(a - fe)"-1] = ¿i = |[(a + fe)n + (a-fe)"b Ejercicio 2.6 Calcular la matriz inversa de cada una de las matrices siguientes: / 1 -1 1 \ / 1 —1 1 \ I 2 1 1 | , b) -1 i —2 I \ —3 —2 —1 / \ 0 1 -1 / d) / 1 -1 I 3 1 \ 4 1 / 0 ») ~4 í o 0 h -1 k 0 í o *) | —4 \ 2 / 1 —1 1 , c) -2 -1 -1 \ 3 2 1 í i -i 1 \ /) 1 3 —2 , k ° -1 1 / -1 1 -1 \ 1 -1 -1 0-1-1 ’ 1 1 0 / - 1 1 -1 \ 1 -1 -1 4-1-5 ’ - 3 1 4 / - 1 1 -1\ 1 -1 -1 0 11’ -13 4/ 1 \ 2 3 / -1 1 -3 -2 -1 1 -1 -1 -1 1 5 -2 37 Solución Recordemos que si A = (ay) es una matriz cuadrada de orden n, A es invertible si y sólo si det(A) 0. Si éste es el caso, la matriz inversa A-1, de A, es ( An X21 • • • Ani } , 1 , 1 A12 A22 • • • An2 A = MjAdj(A) = píj : : : :\ ^ln Á2n ' ' * nn / Dicho esto y adelantando que el determinante de todas las matrices dadas es igual a uno, damos las inversas de dichas matrices. / 1 -3 --2 > / 1 0 1 \ / 1 3 2 \ a) 1 —1 2 1 |, b) --1 -1 1 ) , C> | -1 -2 -1 1 \ -1 5 3; \ --1 -1 0 / \ -1 -5 -3/ / 1 4 - 3 \ 1 5 -2 \ / 1 0 -1 \ d) | -1 -1 1 1 > e) 1 -1 —2 1 , /) -1 1 3 ) \ -1 -5 4 / k1-1 -7 3 / \-1 1 4 / / 1 3 2 - 2 / 1 3 —4 -2 -1 -2 0 - 1 -1 -2 3 2 9) -1 -4 -1 0 -1 —4 5 3 > \ -1 -2 -1 1 \-l -2 2 1 / 1 0 -1 0 \ / 1 3 4 6 \ -1 1 0 1 -1 -2 -1 -2c -1 1 0 2 -1 —4 -3 -5 \ -1 0 0 1 / -1 —2 -2 -3 / 1 3 2 6 \ / 1 3 —4 2 -1 -2 0 --1 -1 -2 5 -2 k) -1 -4 -1 --4 -1 —4 7 -3 "I -2 -1 --3 / V -1 -2 2 -1 ; Ejercicio 2.7 Averiguar si los sistemas siguientes son de Cramer y, en caso posi tivo, resolverlos. 2xi - X2 - x3 = 4 ' Xi + x2 + 2x3 = -1 3xi + 4x2 - 22:3 = 11 S2 H 2xi - ^2 + 2x3 = -4 3xi—2x2 4-4x3 = H ,, 4xi + 2:2 + 4x3 = -2 ' 3xí + 2x2 + x3 = 5 Xi + 2x2 + 4x3 — 31«3 : 2xi + 3x2 + 2:3 = 1 S4 : 5xi 4- X2 4- 2x3 = 29 ( 2xi + X2 + 3x3 — 11 3xi - x2 4- x3 = 10 38 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS S5 : ^1 + $2 + 2x3 + 3x4 = 3xi — X2 — X3 — 2x4 = 2¿ci + 3x2 — X3 — x4 = xi + 2x2 + 8x3 - Xi = Xi + 2x2 + 3X3 + 4x4 2xi + X2 + 2x3 + 3X4 3xi 4- 2x2 + $3 + 2x4 4X1 + 3X2 + 2x3 + ^4 1 ( xi + 2x2 + 3x3 — 2x4 = — 4 „ I 2xi — X2 — 2x3 — 3x4 = — 6 °6 ‘ ] 32JJ + 2x2 — $3 + 2x4 = — 4 1 2xi— 3x2 + 2x3 + $4 = = 5 f X2 — 3x3 + 4x4 = = 1-1 X1 — 2x3 + 3X4 = = 1 8 ' | 3xi + 2x2 — 5x4 = = —5 [ 4xi + 3x2 — 5x3 = 2xi - x2 4- 3x3 + 2x4 3xi + 3x2 + 3x3 + 2x4 3xi — X2 — X3 4" 2X4 3xi — X2 + 3x3 — X4 4 í X1 + x2 + x3 + x4 6 JS J xi + 2x2 + 3x3 + 4x4 6 1510 1 xi + 3x2 + 6x3 4- IOX4 6 [ Xi + 4X2 + IOX3 + 20X4 6 8 4 -8 -5 —4 12 5 = 0 = 0 = 0 = 0 X1 + 3X2 + 5X3 + 7x4 = 12 ( X1 + 2x2 + 3x3 + 4X4 = o 3xi + 5x2 + 7x3 + X4 = O _ I xi + X2 + 2x3 + 3x4 = O 5xi + 7x2 4- X3 4- 3x4 = 4 ’ I xi + 5x2 + ^3 4- 2x4 = O 7xi + X2 + 3x3 + 5x4 = 16 [ xi + 5x2 + 6x3 + 2x4 = O 513 : * Xi + x2 + x3 + x4 + x5 xi — x2 + 2x3 ~ 2x4 + 3x5 xi + x2 + 4x3 + 4x4 + 9x5 X1 — X2 + 8x3 — 8x4 + 27X5 X] + x2 + 16x3 + 16x4 + 81x5 O O O O O ( I] + z2 + X3 +14 = O x2 + x3 + X4 + x5 = O 514 : < ^1 + 2x2 + 3x3 = 2 x2 + 2x3 + 3x4 = -2 X3 + 2x4 + 3xs = 2 Xi + 4x2 + 6x3 + 4x4 4- x5 = O ^1+^2+ 4x3 + 6x4 + 4x5 = O 515 ; < 4xi 4- x2 4- x3 4- 4x4 +6x5 = O 6x1 + 4x2 + x3 + x4 4- 4x5 = O 4xi 4- 6x2 + 4x3 + x4 + x5 = O 516 : < 2xi 4- x2 4- X3 4- x4 4- x5 X1 + 2x2 + Z3 + x4 + x5 ^1+2:2 + 3x3 4- x5 + x5 Z1 + £2 + £3 + 4x3 4- X5 xi 4- x2 4- x3 4- x4 4- 5x5 = 2 = O = 3 = -2 = 5 xi 4- 2x2 + 3x3 + 4x4 4- 5x5 2xi 4- X2 4- 2x3 4- 3x4 4- 4x5 2xi + 2x2 4- X3 4- 2x4 4- 3x5 2xi + 2x2 + 2x3 4- X4 4- 2x5 2xi 4- 2x2 4- 2x3 + 2x4 + x5 13 10 11 6 3 39 Solución Un sistema de n ecuaciones lineales con n incógnitas es de Cramer si y sólo si el determinante de la matriz de los coeficientes es distinto de cero. (Adelantamos que todos los sistemas dados son de Cramer). Notación Con la letra griega △, notaremos al determinante de la matriz de los coeficientes. El determinante de la incógnita Xi será notado por A¿ (determinante que resulta al sustituir la columna i de la matriz de los coeficientes por la columna de los términos independientes). La solución de cada sistema de Cramer viene dada por: △i A (i = 1,2,... ,n). Damos, además la forma reducida por filas de la matriz ampliada de cada uno de los sistemas por si se quiere resolverlos utilizando este recurso (será notada por Si). / 1 0 0 3 \ 1. A = 60, X! = 3, x2 = 1, x3 = 1; Si = [ 0 1 0 1 |. \ 0 0 1 1 / /10 0 1 \ 2. A = 6, 2:1 = 1, x2 = 2, x3 = -2; S2 = í 0 1 0 2 I. \ 0 0 1 —2 / / 1 0 0 2 \ 3. A = 12, xi = 2, x2 = —2, x3 = 3; S3 = I 0 1 0 -2 j. \ 0 0 1 3 / / 1 0 0 3 \ 4. A = -27, xi = 3, x2 = 4, x3 = 5; S4 = | 0 1 0 4 |. \ 0 0 1 5 / 5. A = —153, Xi = —1, x2 = —1, x3 = 0, z4 = 1; / 1 0 0 0 —1 \ 0 10 0-1 05 0010 o • \ o o o 1 1 / 6. A = 324, 2:1 = 1, x2 = 2, 2:3 = —1, 2:4 = —2; 40 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS / 1 0 0 0 1 \ 0 10 0 2 0 0 10-1 0 0 0 1 -2 / 7. △ = —20, zi = —2, X2 = 2, X3 = —3, 2:4 = 3; / 1 0 0 0 -2 \ 0100 2 0 0 10-3 ’ \ 0 0 0 1 3 / 8. △ = 24, xi — —5, X2 = —4, £3 — 12, 2:4 — 5; / 1 0 0 0 1 X Q _ 0 10 0 2 08 ” 0 0 10 1 \ 0 0 0 1 -1 / / 1 9. △ = 176, xi = 2, X2 = 0, 2:3 = 0, X4 = 0; Sg = \0 / 1 10. △ = 1, x\ = 0, xg = 0, xg = O, x4 = 0; S^o = $ k 0 (Sistema homogéneo). 0 0 0 2 X 10 0 0 0 10 0 0 0 10' 0 0 0 0 10 0 0 0 10 0' o o 1 o y 11. △ = 2048, a;i = 1, xg = —1, £3 = 0, a?4 = 2; / 1 0 0 0 1 X „ 0 10 0-1 “ 0 0 10 o \ 0 0 0 1 2 / / 1 0 0 0 0 X 12. △ = -20, x4 = 0, x2 = 0, x3 = O, x4 = 0; S12 = g q $ g q ^00010/ (Sistema homogéneo). 13. △ = 2880, xi = xg = x3 = x4 = X5 = 0; o o o o o \ 513 = 1 0 0 0 o 1 o o 1 o o o o 0 0 1 0 o o o 1 0 0 0 0 . (Sistema homogéneo). 41 14. A = 16, 2q = 1, X2 = —1, ^3 = 1, £4 = —1, = 1; S14 — 1 o O O O OOOO 10 0 0 0 10 0 0 0 10 0 0 0 1 1 \ -1 1 -1 1 / 15. A - 16, xi = a?2 = ^3 — ^4 = Xq : 0; 16. A = 98, zi = 1, x2 = —1, X3 = 1, x4 = —1, x5 = 1; /100000\ 0 1 0 0 0 0 s15 = 0 0 1 0 0 0 . (Sistema homogéneo) 0 0 0 1 0 0 \ 0 0 0 0 1 0 J 816 = Z 1 0 0 0 \ 0 0 1 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 0 1 0 0 0 0 0 1 1 \ -1 1 -1 o A = 31, xi = 0, a?2 = 2, ^3 _ r í 1 0 0 0 0 0 \ 0 1 0 0 0 2 817 = 0 0 1 0 0 -2 0 0 0 1 0 0 VO 0 0 0 1 3 ) Ejercicio 2.8 Se dan unos sistemas de ecuaciones que dependen de parámetros. Averiguar para qué valores de los parámetros los sistemas no son de Cramer. Resolverlos para los menores valores enteros positivos de los parámetros para los que son de Cramer: 1 1 a 1 1 a 1 1 1 \ 1 1 a / ' x \ y z \ i / / 1 \ a a2 \ «3 / 42 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 4,G a OGHO’ j/a b 1 \ j/ x \ / 1 \ 5)U ? JuHU' j/ 1 a a2 \ *7 x \ / 1 \ 6) J 1 a a b | J y I = 1 a I , \ 6 a2 a2 b ) y x y y a2b y ,/ a + 3 1 2 \ ,/ x \ / a \ 7) (| a a—1 1 ' f y 2a J ' y 3a + 3 a a + 3 \ z / y 3 y (3a 2a+ 1 a+1 \ j/ x \ / a \2a—1 2a —1 a —2 I | y ,1 = / a+1 |4a—1 3a 2a y \ z j \ 1 j Ja b 2 \ J x \ ./ 1 \ 10) | a 2 b -1 3 | | .v I = | 1 | . ya b b + 3 } \ z ) \ 2 b — 1 J ,1 3 a 3 a — 7 11) [ 2a- 1 4a- 1 y 4a 5a — 7 (2 a +1 —a a-2 a-12a — 1 a — 1 (5a + 1 2a 4a — 1 a — 1 6a + 2 2a (2 a + 1 —a3 a —2 a + 1a + 2 —1 / 2 a + 2 3 15) [ 4a- 1 a+1 \ 5a — 4 a+1 a — 5 \ J x \ Ja — 1 \ 2a II y 1=/ a+1 J 2a —5 / \ z / \ O y a + 1 \ / x \ Ja — 1 \ a - 2 ] | y | = [ a | , 2a — I j \ z J y a y 4a + l\ /a?\ / a + 1 \ 4 a — 1 ] | y 1 = [ -1 | , 5a + 2y \ z y y 2 — a j —a — I \ J x \ y 2a \ -3 a +1 ,1 J y 1 = 1 a+1 ) , —2a ) \ z ) \ 2 } a \ ( x \ / a + 4 \ 2 a - 1 1| J y | = | 2a + 2 | , 3 a — 4 y \ z ) \ a — 1 y 43 16) a O a 2a- 1 a — 1 3 a — 2 a + 2 a — 3 3 a + 1 (‘ x \ / 1 \ I y I = I 1+a \ z J \ 2 — a J (3a —1 2a 3a+l \ / x 2a 2a 3a + l j I ya + 1 a + 1 2 a + 2 I \ z Solución (Utilizaremos la misma notación que en el ejercicio anterior.) Recordemos que un sistema lineal S, del mismo número de ecuaciones que de incógnitas no es de Cramer si y sólo si A = 0. Por consiguiente, en todos los apartados, se trata de calcular los valores de los parámetros de modo que A = 0 y, cuando sea de Cramer, de resolverlos para los menores valores enteros positivos de dichos parámetros. 1. A = (a + 2)(a — l)2 = 0 => (a = 1) V (a = —2). 3 19Para a = 2, A = 4, y x-i = —, xo = X3 = -. 4 4 4 2. A = (a + 3)(a - l)3 = 0 => (a = 1) V (a = -3). Para a 2, A = 5, y aq = —2, x^ = —1, 2:3 = 1, aq = 5. 3. A = (b — a)(c — a)(c — b) = 0 => (a = b) V (a = c) V (b = c). Para (a = 1) A (b = 2) A (c = 3), A = 2, y aq = 6, aq = —11, X3 = 6. 4. A = -b(a - 1) = 0 (b = 0) V (a = 1). Para (a = 2) A (b = 1), A = —1, y aq = 1, X2 = 1, X3 = 1. 5. A = b(a - l)2(a + 2) = 0 => (b = 0) V (a = 1) V (a = -2). Para (a = 2) A (b = 1), A = 4, y aq = aq = aq = i. 6. A = a2(a — b)2 0 => (a = 0) V (a = b). Para (a = 1) A (b = 2), A = 1, y aq = 1, aq = 0, aq = 0. 7. A = a2(a - 1) = 0 => (a = 0) V (a = 1). „ a , 1 23 5Para a = 2, A = 4, y aq = . X2 = —, aq = 4 4 4 8. A = —2a = 0 => a = 0. Para a = 1, A = —2, y aq = 0, aq = 1, X3 = 0. 9. A = (a + l)(a - l)2 = 0 => (a = -1) V (a = 1). Para a = 2, A = 3, y aq = 3, aq = —2, aq = —2. 10. A = a(b - 1)(6 + 1) = 0 => (a = 0) V (b = 1) V (b = -1). 2 2Para (a = 1) A (b = 2), A = 3, y aq = 1, aq = — -, X3 = 44 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 11. A = —a(a + 2) = O => (a = 0) V (a = -2). 8 14 20 Para a = 1, A = -3, y ¡ti =*,x2 = - Jf ' X3 = 12. A = a(a - l)(a + 1) = O => (a = 0) V (a = 1)^/ (a = -1). Para a = 2, A = 6, y zi = j-, x2 = 2, x2 = "J 13. A = a(a — l)(a + 1) = O => (a - 0) V (a = 1) V (a = —1). Para a = 2, A = 6, y ii = —6, x2 = 6, x$ = 5. 14. A = —(a — l)(a + 3)(a + 1) = O —(a = 1) V (a = —1) V (a = —3). 11 * 22 _ 3 Para a = 2, A = —15, y Ji = —, a;2 = ^3 =5 5 5 15. A = (a - l)(a - 2)(a - 3) = 0=* (a = 1) V (a = 2) V (a = 3). 1 15Para a = 4, A = 6, y ii x2 = 11, X3 = .¿ ¿ 16. A = a(a + 2)(a — 1) = O => ^a = 0) V (a = 1) V (a = —2). Para a = 2, A = 8, y xi = — j-, x2 = 2, x2 = —1. 17. A = (a - l)2(a + 1) = O => (a = 1) V (a = -1). Para a = 2, A = 3, y xi = —1, x2 = — -r-, 2:3 = —-n-. Ejercicio 2.9 Hallar la matriz incógnita X en las siguientes ecuaciones: 1. 2. / 1 1-0 / 1 -1 3 \ %| 2 1 O I =| 4 32 \ 1 “I 1 / \ 1 -2 5 / 3. 0 \ O o 2; 4. / 2 1 V- / -3 2 > / -2 4 \ \ 3 2 ) A 5 -3 ) “ \ 3 -1 ) ' / 1 1 1 O 1 1 O O 1 \ o o o 1 1 1 1 2 O o O 1 o 2 1 O 2 O O 45 3. Notemos al sistema dado por AX = B. Como A es invertible se tiene que X = A-1B. Calculemos la matriz A-1 utilizando el recurso de la forma reducida por filas de A. / 1 1 1 . . 1 1 1 0 0 .. . 0 0 \ 0 1 1 .. . 1 1 0 1 0 .. . 0 0 (A|Z„) = 0 0 1 .. . 1 1 0 0 1 .. . 0 0 0 0 0 .. . 1 1 0 0 0 .. . 1 0 k 0 0 0 .. . 0 1 0 0 0 .. . 0 1 / Aplicando a la matriz (A|Zn) las trasformaciones elementales por filas, Pí,í+i(-1), (i = 1,... ,n - 1), 46 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS 4. obtenemos: De aquí, que y, por tanto, de donde o sea, -1 1 o 0 -1 1 -1 1 -1 1 O O -1 1 -1 2 o -1 1 -1 -1 2 X = 2 3 0 0 0 0 2 0 0 0 -1 2 4 -1 2 1 -3 I -3 —22 -3 -3 5 0 0 0 o 1 o o o o o 1 0 0 1 o o 0 0 0 0 o o o o o o 1 o o o o o o o o = (W"1). 1 O 0 0 0 1 0 0 0 0 0 0 1 O 2 0 0 0 0 0 1 O 0 0 0 2 0 O o o o o o 1 2 O o o o 1 2 o o o 0 0 0 0 o 2 0 1 2 o o o Nota. En todos los apartados de este ejercicio, se da la circunstancia de que las matrices que multiplican (a izquierda y/o a derecha) a la matriz A, son invertibles. De no haber sido así, hubiésemos tenido que abordar el problema planteando sistemas de ecuaciones lineales. 47 el siguiente sistema de ( 4I \ 1 / 4 1 \ í i 3 y 2 \ 3 ) Solución Sumando ambas ecuaciones obtenemos, de donde (2-1) Sustituyendo en la primera de las ecuaciones, se tiene: Efectuando las operaciones indicadas, obtenemos es decir, de donde 48 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS Sustituyendo este valor en (2.1), resulta que Ejercicio 2.11 Responder a las siguientes cuestiones: 1. ¿Qué figura del plano forman los gares (x,y) para los que la matriz x y 1 \ 1 2 11. 3 —3 i y no es invertible? 2. Hallar los puntos del plano para los que ninguna de las dos matrices ( x y 1 \ ,/ x y 1 \ 1 3 1 i . | 3 3 1 |. 3 11/ \ 2 4 1 / es invertible. 3. ¿Qué figura del plano forman los pares (a:, y) para los que la matriz J x2 + y2 x y 1 5 12 1 5 2 11 \ 18 3-31/ no es invertible? 4. Hallar los puntos del plano para los que ninguna de las dos matrices / x2 + y2 x y 1 \ 5 2-11 13 2 3 1 \ 2 111/ 1 1 1 x y 5 1 3 3 es invertible. Solución Las matrices dadas no son invertibles para aquellos valores de x e y que anulen a sus determinantes. Por consiguiente: 49 1. x y 1 1 2 1 3 -3 1 = O => 5a; + 2y — 9 = 0. Es decir, la figura del plano que forman los pares (x,y) para los cuales la matriz dada no es invertible es la recta 5 a; + 2y — 9 = 0. 2. x y 1 1 3 1 3 1 1 = 0 => 2a; + 2y — 8 = 0. x y 1 3 3 1 2 4 1 = 0 =4- —x — y + 6 = 0. Luego, el conjunto de puntos para para los cuales ambas matrices no son invertibles es la solución del sistema x + y - 4 -x - y + 6 0 0 y, como dicho sistema es claramente incompatible, su solución es el conjunto 0. 3. x2 + y2 x y 1 5 12 1 5 2 11 18 3-3 1 - 0 =► -3a;2 - 3y2 - 13a; - 13y + 54 = 0, igualdad, esta última, que puede ser expresada de la forma2 + 49318 ' Se trata, pues, de una circunferencia de centro C y radio r, donde 4. x2 + y1 x y 1 5 2-11 13 2 3 1 2 111 = 0 => 4a:2 + 4y2 — 28a; — 8y + 28 = 0. 50 CAPÍTULO 2. DETERMINANTES Y SISTEMAS x y 1 I 1 1 3 3 1 „ 1 15 „= 0 => —2i — -y + — = 0. 2y 2 Por tanto, el conjunto de puntos para los cuales ninguna de las dos matrices es invertible, es la solución del sistema x2 + y2 — 7x — 2y + 7 = 0 4z + y — 15 = 0 Despejando la incógnita y de la segunda ecuación y sustituyendo en la primera, obtenemos 17a;2 - 119a:+ 202 = 0, de donde valores de x para los cuales obtenemos los siguientes valores de y, J/i = l-^y\/Í7, y2 = l + Yyx/17, de donde deducimos que el conjunto de puntos para los cuales ambas matrices no son invertibles es {(^i, 3/1), (^2,3/2)}. Ejercicio 2.12 La resolución de un sistema de ecuaciones lineales por la regla de Cramer se suele usar para ajustar curvas. En este ejercicio damos unos ejemplos de ello: 1. Hallar a, b, c de tal manera que la curva de ecuación y = ax2 + bx + c pase por los puntos (3,0), (2,3), (—1,1). 2. Hallar a, b, c de tal manera que la curva de ecuación y = ax2 + bx + c pase por los puntos (4,1), (3,-1), (—1,2). 3. Hallar a, b, c, d de tal manera que la curva de ecuación y = ax3 + bx2 +cx + d pase por los puntos (5, —2), (3, —5), (—1,0), (2, -2). 4. Hallar a, b, c, d de tal manera que la curva de ecuación y = ax3 + bx2 + ex + d pase por los puntos (5,-3), (3,1), (1,1), (2,3). 51 Solución 1. Sustituyendo los puntos dados en la ecuación, obtenemos el sistema 2. Procediendo de modo análogo al anterior, se obtiene el sistema í 9a 4~ 36 + c — 0 b 4a 4- 26 4- c — 3 [ a — 6 + c = 1 cuya solución es 11 19 7 3. Sustituyendo los puntos dados en la ecuación, obtenemos el sistema ( 16a 4- 46 4- c = 1 < 9a 4- 36 4" c = —1 [ a — b + c = 2 de donde 11 , 37 2 a = —, b —----- , c = —. 20’ 20’ 5 í 125a 4- 256 4- 5c 4-d = -2 27g 4~ 96 4- 3c 4- — —5 —a 4-6 — c d = 0 [ 8a 4“ 46 4- 2c 4- d = —2 cuya solución es 25 ,71 19 , 31 a = —, 6 =----- , c = —, d — —. 72 36’ 72’ 12 4. Análogamente, sustituyendo los puntos dados en la ecuación, se obtiene el sistema 125a + 256 4- 5c 4- d = —3 27a 96 4" 3c 4" d — 1 a + 6 + c + d = 1 8a 4* 46 4" 2c 4“ d — 3 de donde 1 27 a = -, 6 = —5, c = —, d = —8.2 2 Capítulo 3 Formas reducidas Ejercicio 3.1 Responder a las cuestiones siguientes: 1. Escribir las siguientes matrices elementales de tipo 1 y de dimensiones 4x4: P3i(—2), Pi4(-1), P2>3(—5). 2. En general, ¿cuándo el producto de dos matrices elementales de tipo 1 es una matriz de tipo 1? Solución 1. Recordemos que, en general, la matriz elemental de tipo I, Pij(c'j, (z j) de orden n x n se construye sustituyendo en la matriz unidad In, el elemento que ocupa la posición (i,j) por el escalar c. Por tanto, / 1 0 0 0 (1 0 0 -1 \ P3i(-2) = 0 —2 1 0 0 1 0 . A4-1) = 0 0 1 0 0 1 0 0 0 0 0 1 / k 0 0 0 1 / / 1 0 0 0 P23(--5) 0 1-50 “00 10 \ 0 0 0 1 , 2. Es fácilmente comprobable que sólo en el caso de que los subíndices sean, respectivamente, iguales, el producto de dos matrices elementales de tipo I, es una matriz elemental de tipo I. Si éste es el caso, se verifica, además, que = Pij^ 4- c2). 54 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS Ejemplo. / 1 0 0 0 \ / 1 0 0 0 \ ^23(5)^23(7) = 0 15 0 0 0 10 0 17 0 0 0 10 = ^ 0 0 0 1 / 0 0 0 1 ; / 1 0 0 0 \ 0 1 7+5 0 0 0 10 = P23(12). 0 Ov 0 1 ) Ejercicio 3.2 Hallar formas escalonadas por filas de las matrices siguientes: / 2 4 -9 \ 6) 3 6 -12 , y—2 -4 6/ / 7 14 0 \ d) ( —4 -8 3 | , \ -9 -18 0 / / 4 8 —3 \ f) | -8 -16 0 | \ -11 -22 0 / Solución Recordemos que las formas escalonadas por filas de una matriz de orden m x n se caracterizan porque el pivote de cada fila (primer elemento no nulo de la misma), debe estar situado a la derecha del pivote de la fila anterior y que los elementos situados encima de los pivotes son todos iguales a cero. Además, si una f.e.p.f. tiene r pivotes, las últimas m — r filas deben ser de ceros. Por otra parte, dada una matriz A € A4(m,n), es siempre posible encontrar unaforma escalonada por filas aplicando a la matriz A un número finito de transforma ciones elementales por filas de tipo I. En el lenguaje matricial, aplicar a la matriz A una transformación elemental por filas de tipo I, equivale a multiplicar por la izquierda, la matriz A por una matriz elemental de tipo I. En otras palabras: 55 •Pij(c)A sustituye la fila i de A por ella misma más la fila j multiplicada por el escalar c. • Las transformaciones por filas serán escritas encima de la flecha. • Como es bien sabido, la forma escalonada obtenida no es única. b) 2 3 —2 4 -9 6 -12 —4 6 -1-2 3 \ 3 6-12 -2-4 6 / Pi3(6) 1 -13 -1 13 -4 2 -7 \ -8 -2 / Píi(13) Psdl) 13 165 15 —7 -99 -9 / 1 13 -7 \ , / 1 13 -7 U)I loo 0 ) 2^14 0 15 -9 \ 0 15 —9 / \ 0 0 0 (4 \1 0 —50 15 -9 ' 0 0 0 / 7 14 0 \ , sn I A o o 1a) —4 —8 3 1 > \ -9 -18 0 / 3 6 3 \ -4 -8 3 -9 -18 0 / P21(í)P31(3) PS2(-|)P12(-|) P12(~l) / 1 0 \ 0 3 6 3 \ 0 0 7 1 0 0 9 / 3 0 0 6 0 0 7 0 0 56 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS / 1 -9 —14 \ JV2) / 1 -9 -14 \ | -2 9 13 I —| O -9 -15 | \ 4 —9 —11 / y O 27 45 / f) P12(-l) P32(3) -3 \ -6 33 4 / 4 8 -3 X ^(2) / 4 8 -8 -16 0 P^) 0 0 -11 -22 0 / 0 Pul-i)P31(V) 4 8 O X 0 0—6) 0 0 o / Observación. En la resolución de los apartados anteriores, no se ha buscado una ejecución “preciosista” sino que, por el contrario, se han utilizado transfor maciones elementales que simplifiquen, de alguna manera, los cálculos aun a costa de incrementar el número de transformaciones elementales por filas. No se ha pretendido, en ningún caso, ejecutar el problema utilizando un número mínimo de transformaciones elementales. Dejamos al criterio del alumno la obtención de otras formas escalonadas por filas de las matrices dadas (recordemos que dichas formas no son únicas). Ejercicio 3.3 Dadas las matrices del ejercicio 3.2, hallar formas escalonadas por columnas de ellas. Solución Como en el ejercicio anterior, recordemos que las formas escalonadas por columnas de una matriz de orden m x n se caracterizan porque el pivote de cada columna (primer elemento no nulo de la misma), debe estar situado debajo del pivote de la columna anterior y que los elementos situados a la izquierda de los pivotes son todos iguales a cero. Además, si una f.e.p.c. tiene r pivotes, las últimas n — r columnas deben ser de ceros. Por otra parte, dada una matriz A € es siempre posible encontrar una forma escalonada por columnas aplicando a la matriz A un número finito de trans formaciones elementales por columnas de tipo I. En el lenguaje matricial, aplicar a la matriz A una transformación elemental por columnas de tipo I, equivale a postmultiplicar la matriz A por una matriz elemental de tipo I. 57 En otras palabras: •APij(c) sustituye (¡atención!) la columna j de A por ella misma más la colum na i multiplicada por el escalar c. • Las transformaciones por columnas serán escritas debajo de la flecha. • Como es bien sabido, la forma escalonada obtenida no es única. -1 0 0 \ / -1 0 0 2 6 -3 ] -------------♦ 10 6 0 —4 -18 9 ^7^ \ 2 -18 0 ' *23(2/ ' i) 2 3 —2 4 6 —4 -9 -12 6 P12Í-2) / 2 0 0 \ I30 I \ 2 0 —3 / ?32(1) 0 3 2 -3 0 3 2 -3 0 3 2 -3 / 20 5 c) -13 -4 \ — 1 2 P2i(-2) P23(-l) 0 5 13 \ 3 -4 -8 | -9 2 —2 y / 2 13 \ 2 2 0 4 0 \ 01 0 / / 5 0 0 \ ------------- * 0 —3 0 ) . \ -10 9 0 / Q JW--) □ / 7 14 0 \ / 7 0 0 \ d) -4 -8 3 --------- * I-403) \ -9 -18 0 / p>4-3) y _g o Q / CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS J 7 O O \ / 7 O O \ ------- + 1 —4 3 3* *—■ I O 3 O । • p32(i) \_g q 0 y Fui-) \ -9 o o y P23Í-1) (’ -9 -14 \ í 1 O O \“2 « 13 ------------• “2 -9 -154 —9 _ii / Pia(9) \ 4 27 45 ■'11 ' Pl3(14) ' Zí 40 / (1 O O \O -9 O | - a -2 27 O / 15 P23(--) 8 —3 \ / 4 O -3 \ -16 O --------- ► -8 0 O —22 O y Pl2{~2} \ -11 o O / 4 —3 —3 \ / 1-3-3 ► 1-8 O O ► -8 0 0 p32(i)-y -ii o o / F21(1)---\ -n o o / 1 —3 O \ / 1 O O \ ► -8 0 0 ► -8 -24 O p23(-i)-- y -ii o o / P23Í-1)- y -11 -33 O / / 1 O O \ Ejercicio 3.4 Dadas las matrices del ejercicio 3.2, hallar formas escalonadas por columnas de las formas escalonadas por filas de ellas. Solución / 1 2 O \ /100\ a) O O 3 --------- > 0 0 3 \ O O O / Az(-2) o O O / / 1 O O \ / 1 o o \ ------- ► 0 3 3----- --------- > 0 3 0 P32(!) y o o o / y o o o / / -1 —2 O / -1 O O \ b) | O O —3 | --------- > | 0 0-3 \ o o o y Pi2(-2) \ o o o y 59 P32(l) 1 O O \ 0-3-3 0 0 0 / / -1 O O \ ---------> O -3 O | p23(-i) y 0 00/ f 1 c) o \ o o 15 o o 15 o o o o / 1 e) O \ o O 1 \ / 1 O O \ / 1 o o \ -9 -15 I --------- ’ | O -9 -15 | ---------+ O -9 O I o o / yo o o / yo 00/ / 4 8 O \ / 4 O O \ n I o O -6 I I O O -6 I y o o o / p,3(“2) y o o o / / 4 O O \ / 4 O O \ ------- > [ O —6 —6 I ------- > (o -6 O . P32(1) yo o 0 / P23(1) yo 00/ Ejercicio 3.5 Dadas las matrices del ejercicio 3.2, hallar formas escalonadas por filas de las formas escalonadas por columnas de ellas. Solución a) b) c) / -1 o I 0 6 2 -18 / 2 0 0 ° i » \ 4 -3 0 / 5 0 I 0 -3 -10 9 0 \ / -1 o o \ o | | o 6 0] 2^4 o / y o -18 o / -i o o \ 0 6 0 0 0 0 \ / 2 0 0 \ / 2 0 0 *±24 lo a o I I o ? o 2 2 / y o -3 o y \ o o o 0 \ / 5 0 0 \ / 5 0 o j | o —3 o ] 1 o -3 o / \ o 9 o / \ o o \ o o o 60 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS ( 7 0 0 \ .9 / 7 0 0 \ d) 0 3 0 —0 3 0 . \ -9 0 0 / \ 0 0 0 ) ( 1 0 0 \ / 1 0 0 \ / 1 0 0 \ e) í 0 -9 0 j I 0 -9 0 ] 2ÉÍ24 { 0 -9 0 | \ -2 27 O / \ 0 27 0 / \ 0 0 0/ Ejercicio 3.6 Halllar formas escalonadas por filas de las matrices siguientes: a) / -1 -2 1 \ "2 2 4 —2 4 4 0 —2 -1 —4 \ -2 2 -2 / / 5 -10 6 -12 9 -18 \ 0 0 -1 -1 -8 3 6 \ 8 16 -2 / ( -4 8 3 -6 \ / -1 2 11 -6 \ —4 8 -3 -2 A\ 0 0 -8 4CJ -6 12 1 -8 y -1 2 -20 6 7 -14 1 8 / \ 0 0 -16 6 2 / 2 -4 7 -2 X 7 -5 -25 -19 \ 3 -6 22 -8 12 -6 -34 -26 —2 4 --19 8 J) -5 3 17 13 \ -5 10 --34 12 ; 14 —7 -38 -29 / Solución Hacemos extensivas aquí las notas y las observaciones del ejercicio (3.2). a) / -1 2 -2 4 1 —2 \ -2 4 4 —4 \ 0 -2 -2 2 -i -2; P2i(-2) ftiíl) ^41 (-2) / —1 2 4 —4 \ 0 0-8 6 0 0 2 -2 ^ 0 0 —9 6 / ^(-1) -1 0 o o 2 4 —4 \ 0 1 0 0 2-2 0-9 6 / Pi2(-4) P32(-2) ^42(9) / -1 2 0 —4 \ 0 0 1 0 0 0 0 -2 \ 0 0 0 6 / 61 Pls(-2) P«(3) / -1 2 O O \0 0 1 O 0 0 0 -2 ^000 O / / 5 6 -10 -12 -1 6 \ -1 8 P12Í-1) ( -16 2-12 0-1 "2 \8 9 -18 -8 16 9 -18 -8 16 \° 0 3 “2 / l 0 0 3 -2 / P21(6) / -1 2 0 —2 P3s(-8) ( -1 2 0 —2 \Psi(9) 0 0 -1 —4 Pi2(3) 0 0 -1 —4 0 0 -8 —2 0 0 0 30( 0 0 3 -2 0 0 0 -14 / / -1 2 0 —2P34(2) 0 0 -1 —4 0 0 0 2 ( 0 0 0 -14 \ Pi3(i) P23(2) / -1 2 0 0 \ P43(7) 0 0 -1 0 0 0 0 2 0 0 0 o / P12Í1) —4 -6 8 8 12 -14 3 -3 1 1 -6 —2 -8 8 ( 3-4 -6 \ 7 -6 4 8 -3 12 1 -14 1 / -1 —4 -6 \ 7 2 1 8 -3 12 1 -14 1 0 -2 -8 8 / P2i(-4) P3i(-6) P41(7) / -1 2O O O o o o 2 \ -2 -8 8 / 1 0 \ -7 -2 -5 -8 8 8 / P24(l) ----------- > P43(2) -1 o o o 2 O O O 1 O \ 1 6 -5 -8 8 8 / P12Í-1) P32(S) P42(-8) / -1 2 O O o o \ o o o 1 o o -1 o o o 2 O O 1 O O o o -6 \ 6 22 4 / P34(-5) -1O 2 O O O O 1 O o -6 \ 6 22 -40 / -6 \ 6 2 4/ P14(l), o o P^c-i / -1 2 O O \ P43(-2) 0 0 1 0 0 0 0 2 \ 0 0 0 0 / 62 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS d) / -1 2 11 -6 X -1 0 0 -8 4 P3i(-1) 0 -1 2 -20 6 0 X o 0 -16 6 J 0 P34(-2) -1O O O 2 O O O 11 -8 1 -16 -6 4 O 6 P42(-2) 2 11 -6 \ 0-8 4 O -31 12 0-16 6 / -1 2 11 -6 X 0 0-8 4 0 0 10 0 0 O -2 / P23(7) -1 O O o 2 O O O 11 -6 X -1 4 1 O O —2 / Pl2(ll) P32(l) f) P34(l) -----------> / -1 o o X o / 2 3 -2 X -5 P12(~l) 2 O O O O 38 X -1 4 O 2 O —2 / Pis(-19) P23(—2) P43(l) / -1 2 O o o o \ o o / -i 2 o o o o \ o o O 38 X -1 4 O 4 O -2 / O O X -1 O O 2 0 0/ —4 -6 4 10 7 22 -19 -34 —2 X -8 8 12 / P31(1) / 23 O X -5 /~1 3 O X -5 P23(—2) --------------» / 7 12 -5 X 14 -1 O o o 2 -15 -6 22 O -12 10 -34 6 \ -8 6 12; P2i(3) P4í(-5) 2 O O O -15 1 -12 41 6 \ -2 6 -18 y P12Í15)P32(12) P42(~41) / -1 o o X o -5 -6 3 —7 2 O O O O 1 O O -25-34 17 -38 -24 X -2 -2 64 / -19 X -26 13 -29 / Pl3(—12) p23(-l) P43(32) / 7P33(l) -5 -25 -19 X-3 -17 -13 3 17 13 -7 -38 -29 / —4 7 —2 \ -6 22 -8 O -12 6 10 -34 12 , / -1 2 -15 6 X O O —23 10 O O —l2 6 ^00 41 -18 / / -1 2 O —24 X 0 0 1 -2 O O O -18 ^000 64 / / -1 2 O o X 0 0 1 o 0 0 0 -2 • X o o o o / 63 P21(-1) ( 7 -5 -25 -19 \ / 7 -5 -25 -19 \Pii(—2) 0 2 8 6 P31(Q 0 2 8 6 -5 3 17 13 2 -2 -8 -6 < o 3 12 8 i 3 12 8 / Pis(i) ( 1 1 -1 -1 > / 1 1 -1 -1 \P13(—3) 0 2 8 6 P31(-2) 0 2 8 6 1 2 —2 -8 -6 0 —4 -6 -4 \ o 3 12 8 ) \ 0 3 12 8/ ’ 1 1 -1 -1 \ P12(l) / 1P32(—4) / 1 0 -5 -4 \P24Í-1). 0 -1 —4 -3 P«(3) 0 -1 —4 -3 0 -4 -6 —4 0 0 10 8 . 0 3 12 9 / \ 0 0 0 o / O O \/ 1 O O -1 O O \ O O 10 8 O O / Ejercicio 3.7 Dadas las matrices del ejercicio 3.6, hallar formas escalonadas por columnas de ellas. Solución Nota. En este ejercicio calcularemos una forma escalonada por columnas a la primera de las matrices dadas, aplicando a dicha matriz un número finito de transformaciones elementales por columnas de tipo I y, de las restantes, demos una de sus infinitas formas escalonadas por columnas. El alumno no debe intentar llegar a la solución dada sino que, por el contrario, calculada una f.e.p.c. de la matriz correspondiente aplicando las transformaciones elementales por columnas de tipo I que estime convenientes, puede fácilmente comprobar el resultado ya que la matriz obtenida debe tener sus columnas proporcionales a las de la matriz dada como solución. Recordemos que: • Las transformaciones elementales por columnas serán notadas por debajo de la flecha. • APij(c) sustituye la columna j de A, por ella más la columna i multiplicada por el escalar c. 64 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS a) -1 —2 1 —2 2 4 —2 4 4 O —2 -1 —4 —2 2 —2 Pn(2) Pi3(4) Pío (-4) —2 1 O O O O O -8 -6 -9 O 6 —2 6 Pm(-i) P23(-4) P2o(3) í>) d) —2 1 \ -2 -1 O 1 1 1 O O 1 -1 O O 4 7 O -8 -6 -9 O —2 O -3 O -8 -6 -9 O 6 —2 6 p«(1) —2 1 O —2 O -3 O -8 2 -9 O 6 —2 6 O O 2 3 o o —2 -3 P31(-|) P34W -1 O o _1 ~2 O -2 O -3 O 1 O 8 15 O O 30 -14 O 4 O 6 7 O O —7 -4 O O 7 16 2 O O 4 O -8 O 5 2 O -1 O 5 3 -5 O O -9 O O O O O O 4 o o o O O O O 2 O o o 2 3 O O O O 1 f) O 18 O O O 2 O O 27 3 Ejercicio 3.8 Dadas las matrices del ejercicio 3.6, hallar formas escalonadas por columnas de las formas escalonadas por filas de ellas. Solución -10 o o \ 0 1 0 0 0 0-20 0 0 0 0/ -1 2 O O \ 0 0 10 0 0 0 2 ' 0 0 0 0 / / -1 O O O \ 0-100 O 0 2 0 O 0 0 0 / / -i o o o \ 0-100 O 0 2 0 \ o 000/ 65 / -1 O O O \ I 0 1 0 0 0 0-20 ^00 O O ) / 1 O O O \ 0-1 0 0 O O 10 o \ O O O O / Ejercicio 3.9 Dadas las matrices del ejercicio 3.6, hallar formas escalonadas por filas de las formas escalonadas por columnas de ellas. Solución / -1 000 \1 / 1 0 0 0 \ 0-200 0 10 0aj 0 0 2 0 , 0) 0 0 30 0 > \ 0 0 0 0 / \ 0 0 0 0 / / -1 0 0 0 \ / -10 0 0 0-800 JA 0 4 0 0 c) 0 0 4 0 , a) 0 0-70 1 \ 0 0 0 0 / \ 0 0 0 0 ) / 2 0 0 0' / 1 0 0 0 \ 0-1 0 0 0 18 0 0 e) 0 0-9 0 , f) 0 0 2 0 \ 0 0 0 0 / \ 0 0 0 0 / Ejercicio 3.10 Una matriz de determinante 1 es producto de matrices elemen tales de tipo 1. Comprobar que las siguientes matrices tienen determinante igual a 1 y descomponerlas en producto de matrices elementales de tipo 1. / 1 -1 1 \ a) | 3 12 1, \4 13/ / 1 —1 1 \ c) 1 3 -2 | , \ 0 -i 1 / / 0 -1 1 —1 \ \ 3 1 1 1 / / 0 -1 1 —1 \ 2 10 1 2-112 \ -1 1 -1 -1 / / 1 -1 1 \ 1 2 1 1 \5 2 3 / 1 -1 1 \ 2 3 --1 1. -1 -2 1 / / 0 -1 1 -1 \ 0 1 -3 2 -1 -1 -1 1 \ 0 1 -2 1 / / 0 -1 1 3 —22 1 -1 -1 1 -1 \ 2 1 2 “I ) 66 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS Solución Nota. Tendremos en cuenta lo siguiente: • Si A es una matriz cuadrada de orden n x n cuyo determinante es 1, una forma escalonada por filas de A es la matriz In (matriz unidad de orden n). • La matriz inversa de Pij(c) es Pij(—c). Es decir, P/^c) = Pij^—c). • La descomposición de la matriz /l»£n producto de matrices elementales de tipo I, no es única. Dicho lo anterior, resolveremos el primero y el último de los apartados propuestos en este ejercicio. / 1 -1 1 \ p2i(-2) / 1 ' í 9 i i I —P^í~5) ■ í n d) l " i 1 J I o k 5 2 3 / X 0 (1-1 1 \ P12(l)o i—il P32(~^ ■0 1 o / de donde / 1 0 0 \ / 1 0 0 X oi-il -^4 [o i o ] ■ X o o i / \ o o i / I3 = P23(1)P12(1)P32(-1)P23(-2)P32(-2)P21(-2)P31(-5M, y de aquí que A = [P23(l)P12(l)P32(-l)f,23(-2)P32(-2)P2l(-2)P3i(-5)]-1 . Es decir, A = P31(5)P21(2)P32(2)P23(2)P32(1)P12(-1)P23(-1)- / V, - k ftid) Pii(-2) 0 -1 1 -1 X 2 1 3 -2 1 1-11-11 2 12-1/ / 1 0 0 0 0 13-2 0-11-1 k 0 1 2 -1 ( 1 0 0 0 X 01 3 -2 I 0 0 1 0 | (00-1 1 / k P32Í1) P«(-l) L 0 0 0 ’i 1 13-2 L -1 1 -1 12—1/ / 1 0 0 Ü \ 0 1 3-2 0 0 4 -3 \ o o -i i / 'ioo o X 0 10-2 0 0 1 0 0 0 0 1 / Ps4(3) f2s(-3 I ^43(1) 67 £24(2) 01 0 o o o \ o o 1 o O 1 / 0 0 0 de donde Z=P24(2)P43(l)P23(-3)P34(3)P42(-l)P32(l)P4i(-2)P3i(l)P2i(-2)P13(-l)A. Despejando A, resulta que 7t=(P24(2)P43(l)P23(-3)P34(3)P42(-l)P32(l)P41(-2)P31(l)P2l(-2)P13(-l))_1 y, por tanto, la descomposición de A en producto de matrices elementales de tipo I es X = P13(l)P21(2)P31(-l)P41(2)P32(-l)P42(l)P34(-3)P23(3)P43(-l)P24(-2). Ejercicio 3.11 Resolver los sistemas de ecuaciones lineales cuyas matrices ampli adas son las siguientes: A7 = Ag 2 -3 1 1 -3 7 3 3 3 1 1 1 0 1 3 3 4 6 -1 1 1 -1 1 0 1 -1 1 2 1 1 5 2 3 1 0 1 2 1 \ 3 2 I , 1 0/ 4 1 2 \ 1 -5 -3 I , 1 10 7 / 3 3 3 4 \ 1 11-3' 2-13-2 3 0 4—5/ 0 1 2 \ 1 1 0 -10 1 ’ -12 3/ 2 5 1 \ 12 0). 13 1/ Solución Nota. En este ejercicio, daremos la forma reducida por filas de cada una de las matrices dadas (la notaremos por A*) y el conjunto de las soluciones de cada sistema. 68 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS 1. = ’ 1 0 -1 -2 X} — —2 t 0 1 1 1 *> X% = 1 — t - — t ■ 1 0 -1 ' í2. = 0 1 1 Xi = -1 0 0 0 l 3’2 1 5 E> ■ 121 0 Xi =------5A 7 7 7 3. A3 = -13 1 3 13 0 1 i2 = —— + 13A7 7 7 0 0 0 0 13 = 7A '10-3 -2 X 1 = -2 + 3A 4. A\ = 0 1 1 1 < xq = 1 - A 0 0 0 0 X 3 = A ’ 1 0 0 0 -1 ■ Xi = —1 5. Ai = 0 10- 2 0 => < X2 = 2A5 0 0 1 3 1 X3 = 1 — 3A 0 0 0 0 0 X4 = A 10 0 1 -1 0 1 0 1 0 f Xi = -1 6. 4S = 0 0 1- 3 -1 1 => 1 a?2 = -4A 1 X3 = 1 + A 3 , 14 = 3A .000 1 0 ■ 1 0 0 0 Xi := 0 7. Ai, = 0 10 2 ^2 = 2 0 0 13 1 X3 = 3 ■ 1 0 0 1 8. A¿ = 0 10 00 0 11 => < Xi %2 = 1 = 0 0 0 0 0 = 1 1 0 0 - 1 9. = 0 1 0 0 Si = -1 0 0 1 2 - i» ( X2 = 0 0 0 0 0 - X3 = 2 ■ 1 0 0 1 Xi = 0 10. Alo - 0 10- 2 1 X2 = -2 0 0 1 ^3 = 1 69 Ejercicio 3.12 Hallar las reducidas por filas de las matrices siguientes: 2 3 5 2 /1 1 -3 -1 ( 2 1 1 2 \ 2 1 —2 1 Ai 1 3 1 5 1 1 1 3 , 0) 1 1 5 -7 V 2 -3 1 7 2 3 -3 14 / / 2 -1 3 3 r 1 3 2 °\ 3 1 -5 0 2 -1 3 0 1 4 -1 1 3 3 -5 4 0 3 -13 -6 k 1 17 4 0 7 1 -1 1 1 \ / 2 1 1 -1 —2 2 -3 2 2 1 0 -3 1 -1 2 --1 , f') 3 0 - 1 1 -1 1 -3 4 \ 2 2 - 2 5 2 -3 1 0 1 0 -2 1 3 -7 3 -1 0 3 —4 1 -3 1 4 -3 1 -3 1 2 3 4 2 3 4 1 3 4 1 2 4 1 2 3 12 13 i) 2 3 4 1 3 -1 1 —2 -1 2 -3 4 5 —7 6 —7 0 0 0 0 3 2 4 7 4 -3 11 -2 -5 3 -13 1 7 —2 16 3 0 0 0 0 o) 1 1 4 2 1 -1 —2 4 —2 1 —2 -5 1 -1 3 5 0 2 6 —2 -3 -1 3 4 -1 0 —4 —7 0 0 0 0 l) 1 3 0 5 1 2 1 4 1 1 2 3 1 1 2 3 1 -3 6 -1 —2 23 12 1 -1 -1 1 -1 2 1 —2 1 -3 —2 1 2 1 3 —2 1 7 -1 1 -1 -5 —2 1 -1 -5 1 -1 1 5 -1 -1 1 -3 -5 -1 1 -3 -5 1 —2 4 7 1 \ 0 2 3 7 p) 2 1 4 2 —2 2 -10 -14 1 -1 5 7 -1 1 -5 —7 1 —2 7 11 9) 2 3 2 0 0 0 0 1 3 1 1 Solución Nota. Para la resolución de los siguientes ejercicios, recordemos que: 70 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS • Una matriz está en la forma reducida por filas (en lo sucesivo f.r.p.f), si está en la forma escalonada por filas y todos sus pivotes son igual a uno. • Si A € A4(m,n), siempre es posible hallar una f.r.p.f., aplicando a A un número finito de transformaciones elementales por filas de los tipos I, II, y III. La f.r.p.f. así calculada es única y se llama f.r.p.f. de A. • Las transformaciones elementales por filas a lasque nos referimos son: — De tipo I. Sustitución de una fila por ella más cualquier otra multipli cada por un escalar c. — De tipo II. Multiplicación de una fila por un escalar c 0. — De tipo III. Intercambio de dos filas entre sí. • Las transformaciones elementales por filas tienen, en el lenguaje matricial, una expresión sencilla: — Pij(c) (i / j) es la matriz obtenida sustituyendo en la matriz unidad In, el cero que ocupa la posición (i, j) por un 1. Pij(c)A sustituye la fila i de A por ella mas la fila j multiplicada por el escalar c. (Ver ejercicios anteriores). — Mi(c) (c 7^ 0) es la matriz obtenida sustituyendo en la matriz unidad In, el uno que ocupa la posición (i,i) por el escalar c. Mi(c)A multiplica la fila i de A por el escalar c. — Tij es la matriz obtenida intercambiando entre sí las filas i y j de la matriz unidad. TijA intercambia las filas i y j de A. • Las transformaciones elementales por filas serán notadas encima de la flecha. Solución Dicho lo anterior, daremos la solución de todos los apartados y resolveremos, como ejemplo, el primero y el último. 1 0 0 0 1 o o o 0 0 0 1 o o 0 1 o 0 0 1 0 0 1' 1 0 2 0 1 1 0 0 0 10 0 1 0 10 2 0 0 1-2 0 0 0 o Olio 7 0 0 0 0 0 0 0 0 71 9) 1 o o o 1 o 0 0 ' 1 0 o o 1 o o o 1 0 0 0 O 1 o o 1 o o o o 1 o o o 1 o o o 1 o o 0 1 0 0 1 -1 O o o o 1 o o o 1 o 0 -1 0 0 0 0 1 0 0 0 1 0 o o 1 0 0 1 0 o -1 —2 0 0 0 0 1 —7 0 1 2 1 2 -1 T o 6 -5 T -1 V o 0 o o 1 -8 3 6 0 f) h) 1 0 0 O 0 1 0 O 1 o o o o o 1 O 0 0 0 1 0 2 5 3 —4 o o o o O o o o —7 -5 T 5 8 0 o o o 1 O j) o. o o o 1 0 0 0 1 o o o 1 o o 1 O o o -1 o o o o 1 o o Solución al apartado a) 2 1 1 1 1 2 -3 —2 1 -3 -1 1 3 1 P2i(-2) P3!(-l) P41(-l) 1 0 0 0 o 1 o o -3 17 -19 17 0 0 o o 1 o -1 2 0 0 o 1 o o o o 1 o o 3 0 o o 1 13 17 20 17 0 0 -1 2 0 0 -1 T o o 1 -1 0 1 0 o o 1 o 1 2 0 0 -3 4 4 0 2 1 1 1 o o o o o o 1 o 0 0 0 -1 -16 23 0 0 -i T -5 0 0 3 4 o o o o 2 3 1 6 0 0 72 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS Ma(-1) / 1O O \ o 1 1 o 1 -3 —4 4 O -1 -3 4 2 Pl2(-1) P42Í-1) O O O 1 o o M3(D 1 O o o o 1 o o 1 —4 1 4 2 \ -3 1 5 / P13(-l) P23(4) P34(-4) / 1 O O \0 o 1 o o 1 —4 4 4 O O 1 O -3 4 1 1 1 1 Solución al apartado p) í 2 1 4 \ 2 —2 2 -10 -14 1 -1 5 7 P14(-l) P24Í-1) P34(-l) -1 1 1 -2 -5 7 -7 11 P2i(-2) P31( —4) P4i(-2) O o O O \ O o 1 o o O O \ o o 1 o O 1 / 1 \ / 1 1 T12 2 1 4 -1 / \ 2 2 —2 -10 -14 -1 1 1 -1 5 -5 7 —7 —2 1 7 11 1 \ 1 1 -1 / 2-1 1-2 1 \ -6 3 -3 5 -1 -18 9 -9 15 -3 -18 9 -9 15 -3 / p32(-3) / 1 2 1 P42(-3) 0-6 3 * 0 0 0 \ o o o M2( —1/6) / 1 O -1 -1 ~2~ ooo \ o o o / 1 o o o P12Í-2) O 1 o o \ o o -1 T o o i 2 O O 1-2 1 \ -3 5 -1 0 0 0 O O O / 1 —2 1 \ 1 -5 1 2 IT 6 0 0 0 0 0 0 / \3 3 -5 1 b b O O O o / Nota. Un aspecto interesante en este tipo de ejercicios es calcular la matriz in vertible P (matriz de paso) tal que R = PA, donde A es la matriz dada y R su f.r.p.f.. El algoritmo que utilizaremos consiste en aplicar a la matriz unidad Im 73 las mismas transformaciones elementales por filas y, en el mismo orden, que las aplicadas a la matriz A para obtener su f.r.p.f. R. Cálculo de la matriz de paso P21(-2) P3i(-4)P4i(-2) 0 1 o o M2( —1/6) 1 ~6 -3 -3 1 0 0 0 0 1 0 0 1 -2 —4 -2 1 3 2 4 0 o 1 o 0 0 1 0 0 O 0 1 P«(-3) Pn(-2) 0 1 0 0 1 o o o 0 o 1 o o 1 -3 1 -2 2 4 o o 1 o 1 3 _1 6 -3 -3 1 3 1 3 2 4 0 \ o o Tn 0 0 o o o 0 1 0 0 0 0 0 0 0 0 = P. 1 0 0 1 1 o 0 1 Es fácilmente comprobable que 3 1 ~6 -3 1 3 1 3 2 4 2 1 4 2 —2 2 -10 -14 1 -1 5 7 -1 1 -5 —7 1 —2 7 11 -1 y o o 1 2 O 0 -1 3 -5 0 0 2 3 1 6 0 0 0 0 0 0 1 1 1 0 o 1 0 0 0 0 1 0 \ 0 o o 74 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS Ejercicio 3.13 Resolver, si se puede, los sistemas de ecuaciones lineales cuyas matrices ampliadas son las del ejercicio 3.12. Solución Nota. Cada uno de los sistemas dados es equivalente a otro cuya matriz ampliada es la f.r.p.f. de la matriz dada. De aquí, que la solución de dichos sistemas sean las siguientes (ver las soluciones del citado ejercicio 3.12): 1 2 1 d) 2:1^2 X3 37 4 d) Incompatible, b) X1 X2 X3 1 2 -2 si • ^2 e) Incompatible. /) X3 0 —2 _5 3 Xi X211-Y^3 1 ^2 X2 = 9) < = -^3 h)< ' 2!1 X2 X3 2:4 374 - = -2 = -1 = -1 = -1 4 3 II II II rH 04 W H H H 8 —3 H- 2:4 — 6 + 22:4 0 3 13 2q = -X3 +^1 X2 i?"3- 19 n13" 17 X4 20 i?14 k) X2 X4 7-^5 o 5 X3 + ^5ri 1 ~+ ñX5¿s Zi *1 X2 X5 ^3 + ^4 + 16 —22:3 — 22:4 — 23 0 < X^ P) X2 X3 + Xi — -X5 — - -2*4+s15 -^4 + ^ 2^ 8^ ^2 xi x2 X3 374 2*3 2X4+6X5 6 0 0 0 J) ^3 1 1 5 1 1 1 1 7 5 5 1 2 Xa _3 3 1 1 5 o o o£5 1 Ejercicio 3.14 Estudiar la compatibilidad de los sistemas del ejercicio 2.8, según los valores de los parámetros. 75 Solución Nota. En la solución del ejercicio 2.8, se han calculado los valores de los pará metros para los cuales el sistema dado no es de Cramer. Ahora estudiaremos el carácter del sistema para dichos valores. Notaremos por S al sistema dado y por A y B, respectivamente, a la matriz de los coeficientes y a la matriz ampliada del sistema. luego para a = 1, S es COMPATIBLE INDETERMINADO. / 1 1 1 1 \ 1. a = 1 =^B= | 1 1 1 1 ) => rg(A) = rg(B) = 1, \ 1 1 1 1 / luego para a = —2, S es INCOMPATIBLE. —2 1 1 1 \ a = -2 => B = 1 1 -2 1 -2 | => rg(A) = 2, rg(B) = 3, 1 1 -2 4/ luego para a = 1, S es COMPATIBLE INDETERMINADO. /lili 1 \ 2. a= 1 => B = lililili 1 1 => rg(A) = rg(B) = 1, ^1111 1 / luego para a = —3, S es INCOMPATIBLE. / -3 1 1 1 1 \ a = 1 => B = 1-31111-31 -3 9 rg(A) = 3, rg(B) = 4, ( 1 1 1-3 -27 y 3. b = a => B = a2 a2 c2 a a c 1 1 1 2 si c a 1 si e = a luego para b = a, S es COMPATIBLE DETERMINADO. Análogamente, si c = a o c = b. / a 1 1 4. ,b = O^B=[ 1 0 1 \ 1 \ 0 1 4 \ 3 Va rg(A) = 2, rg(B) = 3, 4 / 76 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS 5. luego para b = 0, S es INCOMPATIBLE. (1 1 1 4 \1 b 1 3 =^V(irg(A) = 2, rg(B) = 3,1 26 1 4 / luego para a = 1, S es INCOMPATIBLE. / a 0 1 1 \ ■ = fl ' I 1 0 1 0 j , por tanto: \ 1 0 a 1 / - (6 = 0) A (a = 1) =* r^A) = 1, rg(B) = 2 y S es INCOMPATI BLE. - (6 = 0) A (a / 1) rg(A) = 2, rg(B) = 3 y S es INCOMPATI BLE. Luego b = 0, S es INCOMPATIBLE, Va. (1 6 1 1 \ 16 16 16 11/ Por tanto: — (a = 1) A (6 = 1) : DETERMINADO. “ (a = 1) A (6 / 1) = BLE. rg(A) = rg(B) = 1 y S es COMPATIBLE rg(A) = 1, rg(B) = 2 y S es INCOMPATI- —2 1 1 1 1 -2 rg(A) = 2, V6 ya que —2 1 1 1 /O. Para calcular el rango de B, tengamos en cuenta que —2 1 1 1 1 6 1 —2 1 = -3(6 + 2), • a = —2 =* B = 6 6 6 1 \ 6 | 1 / por tanto: - (a = -2) A (6 = —2) => rg(A) = rg(B) = 2, luego S es COMPAT IBLE INDETERMINADO. 6. - (a = -2) A (6 / -2) INCOMPATIBLE. (1 0 01 0 06 0 0 => rg(A) = 2, rg(B) = 3, luergo S es 1 \ 0 | => V6, rg(A) = 1, rg(B) = 2. 0 / Por tanto, para a = 0, S es INCOMPATIBLE. 77 ' / 1 a a2 • a = b =>11 1 a a2 y a a2 a3 De donde deducimos: - a = b = 1 =* rg(A) = rg(B) = 1, luego S es COMPATIBLE INDETERMINADO. _ a = b ± 1 => rg(A) = 1, rg(B) = 2, luego S es INCOMPATIBLE. 7. J / 3 12 0 1 • a — 0 0 —1 1 0 J => rg(A) = 2, rg(B) = 3, luego S es \ 3 0 3' 3^ INCOMPATIBLE. J / 4 1 2 1 \ • a = 1 => B =1 1 0 1 2 JI => rg(A) = 2, rg(B) = 3, luego S es \ 6 1 4 3 / INCOMPATIBLE. r / 0 0 1 0 h a = 0 B = \ 0 0 — 1 0 J \ 1 0 3 1/ COMPATIBLE INDETERMINADO rg(A) = rg(B) = 2, luego S es i / 3 3 2 1 \ * a = 1 => B =1 1 1 —1 2 p => rg(A) = rg(B) = 2, luego S es \ 3 3 2 1 / COMPATIBLE INDETERMINADO. 10. j/ -3 -1 0-1 a=-l=>B=[ -3-3-3 0 \ -5 -3 -2 1 S es INCOMPATIBLE. ■ / 0 b 2 a = 1 => B = | 0 26 - 1 3 \ 0 b 6 + 3 2, rg(B) = 3 y S es INCOMPATIBLE. => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y 1 \ 1 I => V6, rg(A) = 26-17 J a 1 2 1 \ * 6=1 => B = [ a 1 3 1 । => Va, rg(A) = rg(B) = 2 y Ses \ a 1 4 1 / COMPATIBLE DETERMINADO , / a —1 • 6=-l=>B = a -3 y a —1 S es INCOMPATIBLE. 2 3 2 1 | => Va, rg(A) = 2, rg(B) = 3 y -3 7 / 0 —7 -5 -1 11. • a = 0 => B = 1 —1 -1 0 1 | => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y S \ o —7 -5 o 7 es INCOMPATIBLE. 78 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS -3 \ -1 | 0 / 12. j/ _6 -13 -7 * a = —2 => B = 1 -5 -9 -4 -8 -17 -9 y S es INCOMPATIBLE. es COMPATIBLE INDETERMINADO. / 3 • a = 1 => B 1 -1 \ 1 es INCOMPATIBLE. -1 2 0 \ 0 -111 0 11/ 13. 14. => rg(A) = 2, rg(B) = 3 => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y S => rg(A) = rg(B) = 2 y S => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y S ./ 1 0 1 1 \ a = 0 => B = I -1 -1 -1 -11 \ 2 0 2 2 / COMPATIBLE INDETERMINADO. => rg(A) = rg(fí) = 2 y S es f/ —4 -2 a=-l=>B = | -5 -2 \ —4 -2 S es INCOMPATIBLE. / 3 -1 a = !=► B = I -1 0 \ 1 0 es INCOMPATIBLE. / 3 -1 a = 1 => B = [ 3 -1 \3 -1 -3 0 -5 -1 -3 3 2 0 \ - 1 1 J 1 1/ —2 2 X -2 2 2 2/ COMPATIBLE INDETERMINADO. / -5 3 2 • a = -3 => B = [ -9 7 10 y -1 -i -6 S es INCOMPATIBLE. / -1 1 0 • a = —1 => 5 = [ -3 3 4 \ 1-1-2 S es INCOMPATIBLE. => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y S => rg(A) = rg(B) = 2 y S es -6 - 2 | rg(A) = 2, rg(B) = 3 y 2 / - 2 \ 0 ] rg(A) = 2, rg(B) = 3 y 2 / 15. / 0 -1 2 1 \ .a = 0=>B = ( 0 -1 -3 1] \ 0 -2 12/ COMPATIBLE INDETERMINADO. => rg(A) = rg(B) = 2 y S es 79 / -2 -5 • a = —2 => B = | O -3 \ 2 -8 S es INCOMPATIBLE. / 1 1 • a = 1 => B = í 0 0 k 1 1 INCOMPATIBLE. -5 -5 => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y => rg(^) = 2, rg(B) = 3 y S es 3 —2 4 1 2 1 16. / 2 2 4 1 \ a = 1 => B = I 2 2 4 1 ] => \ 2 2 4 1 / COMPATIBLE INDETERMINADO. / —4 _2 -2 • a = -1 => B = | 2-2-2 \ 0 0 0 S es INCOMPATIBLE. rg(A) = rg(B) = 1 y S es => rg(A) = 2, rg(B) = 3 y Ejercicio 3.15 Para los siguientes enunciados, decir si son verdaderos o falsos. Si son verdaderos dar una razón breve y si son falsos, dar un contraejemplo. 1. Un sistema compatible determinado puede tener más incógnitas que ecua ciones. 2. Un sistema compatible determinado puede tener más ecuaciones que incóg nitas. 3. Un sistema compatible determinado puede tener más ecuaciones independi entes que incógnitas. 4. Para todo sistema incompatible se verifica que el número de ecuaciones in dependientes es mayor o igual que el de incógnitas. 5. El número de ecuaciones independientes de todo sistema compatible inde terminado es menor que el número de incógnitas. 6. No existen sistemas compatibles indeterminados con el mismo número de ecuaciones que de incógnitas. Solución Nota. Utilizaremos para el sistema la notación Ax* = b*. Supondremos que la matriz A € n), es decir, m es el número de ecuaciones y n el de incógnitas. Notaremos por B a la matriz ampliada del sistema. 80 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS 1. FALSO. Como el sistema tiene más incógnitas que ecuaciones se verificará que rg(A) < min{m,n} = m < n. Por tanto, si el sistema es compatible, será indeterminado. Como ejemplo basta considerar la ecuación x + y = 1 cuya solución es (1 — y, y). 2. VERDADERO. Como en este caso m > n, será rg(A) < min{m, n] = n < m y dado que el sistema es compatible determinado, debe ser rg(A) = rg(B) = n. Esto ocurre en el siguiente ejemplo: x + y = 2 i. - y = 0 k 3x + y = 4 La solución del sistema es (1,1). 3. FALSO. Como las m ecuaciones son, por hipótesis, independientes, tiene que ser rg(S) = m < n=(número de incógnitas), con lo que el sistema no puede ser compatible determinado. Baste para verlo el ejemplo siguiente: x + y + z = 3 x - y + z = 1 El rango de la matriz de los coeficientes es 2 e igual al de la matriz ampliada pero siempre menor que el número de incógnitas con lo que el sistema es compatible indeterminado. El apartado siguiente muestra otro ejemplo pero, en ese caso, el sistema es incompatible. 4. FALSO. Consideremos el sistema í j + j + z = 1 '[rr + ?/ + .z = O Claramente el sistema es incompatible ya que el rango de la matriz de sus coeficientes es 1 y, el de su matriz ampliada es 2. 5. VERDADERO. Como el sistema es compatible indeterminado se debe veri ficar que rg(A) = rg(B) = m < n. 6. FALSO. Basta considerar el sistema x + y = 2 2 a; + 2y = 4 cuya solución es (2 — A, A). Como puede comprobarse rg(A) = rg(B) = 1 y m = n. 81 Ejercicio 3.16 Responder a las siguientes cuestiones si se puede. Tanto si se puede como si no, dar una razón del por qué. 1. Dar un ejemplo de un sistema incompatible con dos ecuaciones y tres incóg nitas. 2. Dar un ejemplo de un sistema compatible determinado con tres ecuaciones y dos incógnitas. 3. Dar un ejemplo de un sistema incompatible con tres ecuaciones y dos incóg nitas. 4. Dar un ejemplo de un sistema compatible indeterminado con tres ecuaciones y tres incógnitas 5. Hallar un sistema de ecuaciones cuya solución general sea 6. Hallar un sistema de ecuaciones cuya solución general sea a;i = — 9 +1, #2 =—10 + 2t, X3 =—t. 7. Hallar un sistema de ecuaciones cuya solución general sea -13 12 „ xi =------- 1-1 + u, 12 =------F í> = u, 3:4 = 5t + 2u 5 5 Solución 1. Consideremos el sistema + y + x = 0 + y + x = 1 x Claramente el sistema dado es incompatible ya que el rango de la matriz de los coeficientes es menor que el rango de la matriz ampliada. En efecto, ( 1rg(, 1 11 = 2. 2. Consideremos el siguiente sistema, de tres ecuaciones con dos incógnitas, x + y — 2 < x — y = 0 3 a: + y = 4 82 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS Este sistema es compatible determinado ya que 7 1 1 X / 1 1 2 X rg I 1 —1 || = 2 = rg / 1 —1 0 ) , \ 3 1 / \ 3 1 4 / 1 0 0 —1 o -y- \ 3 _ I J ~ 010 0-1 o I \ 0 0 1 -3 2 0 / Nótese que se ha utilizado una matriz en la forma reducida por filas cuyos pivotes son los coeficientes de las incógnitas xi, X2 y 13 respectivamente. El sistema corresponte sería nótese, además, que el rango de ambas matrices es igual al número de incógnitas. 3. El siguiente sistema es incompatible | x + y = 2 x k.- y = 0 l 3x + y = 0 ya que se verifica que 7 1 1 X / 1 1 2 X rg^1 1 -1 rl =2 <rg( 1 -1 0 J = 3. \ 3 1 / \ 3 i o 7 4. Un sistema de tres ecuaciones con tres incógnitas compatible determinado puede ser x + y + z = 3 x — y + z = 1 l x + y - z = 1 y la razón es que el determinante de la matriz de sus coeficientes, 1 1 1 1 -1 1 1 1 -1 = 4/0. 5. Es claro que el sistema ha de tener cinco incógnitas y, al menos 3 ecuaciones. Un tal sistema lo podemos construir fácilmente ya que será equivalente al que tiene por matriz ampliada la siguiente: ^100-1 0 010 0-1 \ 0 0 1 -3 2 83 Es decir, -7 14 “ T - X5 - O 8x4 + 22:5 = O La solución dada se puede obtener fácilmante haciendo 14 = i y 15 = u. 6. En esta ocasión, necesitamos un mínimo de tres ecuaciones y cuatro incóg nitas. Utilizando, como en el caso anterior, la forma reducida por filas, la matriz ampliada sería Es decir, / 1 0 0 -1 -9 \ Z= 0 1 0 -2 -10 . \ 0 0 1 1 o / í 21 — X4 = — 9 < X2 — 2X4 = —10 £3 + ^4 = o La solución dada se puede obtener fácilmante haciendo X4 = t. 7. En este caso, para construir el sistema necesitamos un mínimo de cuatro ecuaciones con séis incógnitas y la forma reducida de su matriz ampliada sería / 1 0 0 -1-1 12 Es decir, A = 0 10 -1 0 001 0-1 \ 0 0 0 1 -5 -2 X1 - X5 - X6 < $2 - X3 + X6 k X4 — 5X5 + 2^6 -13 5 12 5 0 0 Nota. Podemos obtener un sistema equivalente a los dados, multiplicando, a la izquierda, la matriz A, por una matriz invertible P. Ejercicio 3.17 Para los siguientes enunciados, decir si son verdaderos o falsos. Si son verdaderos dar una razón breve y si son falsos, dar un contraejemplo. 84 CAPÍTULO 3. FORMAS REDUCIDAS 1. Un sistema compatible determinado con coeficientes enteros tiene su solución entera. 2. Una matriz de enteros tiene siempre una forma escalonada por filas con pivotes enteros. 3. La forma reducida por filas de una matriz de enteros tiene pivotes enteros. 4. Dada una matriz A € A4(m,n) se llama matriz de relaciones de las filas de A (resp. de las columnas) a una matriz de soluciones linealmente indepen dientes del sistema A(xlt...