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Producto o Convolucion de Dirichlet Aux. I. Mamani August 26, 2021 MAT-120 2-2021 Una funcion aritmética es una funcion de valores complejos cuyo dominio es el conjunto de los enteros positivos. Por ejemplo la funcion ϕ (n) de Euler es una de dichas funciones. Otra funcion aritmética importante es la funcion µ (n) de Möbius que esta definida por µ (n) = 1 si n = 1 (−1)k si n es el producto de k distintos primos 0 si n es divisible por el cuadrado de algun numero primo Así, por ejemplo µ (1) = 1; µ (2) = −1; µ (3) = −1 µ (4) = 0; µ (5) = −1; µ (6) = 1 µ (7) = −1; µ (8) = 0; µ (9) = 0 µ (10) = 1 Definimos la convolucion de Dirichlet, f ∗ g, de dos funciones aritméticas como (f ∗ g) (n) = ∑ d|n f (d) g ( n d ) = ∑ d·d′=n f (d) g (d′) donde la sumatoria corre sobre todos los divisores positivos d de n, con n ∈ Z+. La convolucion de Dirichlet se presenta frecuentemente en problemas multiplicativos en teoría elemental de números. A continuacion definimos la funcion aritmética δ (n) por δ (n) = 1 si n = 10 si n ≥ 2 y la funcion 0 (n) como 0 (n) = 0 para cualquier n ∈ N. Definimos la suma puntual de funciones aritméticas fy g como (f + g) (n) = f (n) + g (n) 1 Existen dos formas naturales de multiplicar funciones aritméticas f y g. La primera es la convolucion de Dirichlet, ya mencionada arriba, y el segundo es el producto puntual de funciones aritméticas f y g definidad por (f · g) (n) = f (n) g (n) Vamos a probar que el producto de Dirichlet, tal como esta definido, es conmutativo, asociativo y distibutivo sobre la adicion. Esto equivale a afirmar que f ∗ g = g ∗ f (f ∗ g) ∗ h = f ∗ (g ∗ h) y f ∗ (g + h) = f ∗ g + f ∗ h para cualesquiera funciones aritméticas f, g y h. Recordemos que ∑ d|n d = ∑ d|n n d y mas generalmente que ∑ d|n f (d) = ∑ d|n f ( n d ) . De esto vemos que f ∗ g = ∑ d|n f (d) g ( n d ) = ∑ d|n g ( n d ) f (d) = ∑ d|n g (d) f ( n d ) = g ∗ f Por lo que, en efecto, la convolucion de Dirichlet es conmutativa. Ahora vemos que ((f ∗ g) ∗ h) (n) = ∑ d|n (f ∗ g) (d)h ( n d ) Sea m = nd . Esta última igualdad nos da como resultado ∑ dm=n (f ∗ g) (d)h (m) Sean k, l ∈ Z+, tales que kl = d. Es decir k y l corren entre todos los posibles divisores de d. Vemos que k | d y l = dk . La anterior igualdad, bajo esta observacion nos da como resultado 2 ∑ dm=n (∑ k|d f (k) g ( d k )) h (m) o equivalentemente ∑ dm=n ( ∑ kl=d f (k) g (l) ) h (m) A continuacion, vemos que podemos hacer lo siguiente ∑ klm=n f (k) g (l)h (m) Esto pues para cada m fijo, divisor de n, d es único. Por lo que ∑ kl=d f (k) g (l) recorre todos los posibles valores de k y l tales que kl = d, para dicho valor de d. Como ∑ dm=n ( ∑ kl=d f (k) g (l) ) h (m) recorre todos los valores de d y m tales que dm = n, entonces podemos afirmar que ∑ dm=n ( ∑ kl=d f (k) g (l) ) h (m) = ∑ k · l︸︷︷︸ d ·m=n f (k) g (l)h (m) Como klm = n se sigue que l | nk . Además k | n. Por lo que ∑ klm=n f (k) g (l)h (m) = ∑ k | n︸︷︷︸ klm=n f (k) ( ∑ n k =lm g (l)h (m) ) Esto se justifica pues para un divisor k de n fijo, nk sera único, y como n k = lm entonces ∑ n k =lm g (l)h (m) recorre todos los divisores positivos l y m de nk tales que lm = n k . A su vez vemos que ∑ k | n︸︷︷︸ klm=n f (k) ( ∑ n k =lm g (l)h (m) ) = ∑ k | n︸︷︷︸ klm=n f (k) ∑ l|nk g (l)h nkl︸︷︷︸ m Lo cual a su vez, es igual a ∑ k|n f (k) (g ∗ h) ( n k ) Lo que nos da como resultado ∑ k|n f (k) (g ∗ h) ( n k ) = (f ∗ (g ∗ h)) (n) 3 Por lo que, el producto de Dirichlet es asociativo. Probemos que f ∗ (g + h) = f ∗ g + f ∗ h. Para esto vemos que f ∗ (g + h) (n) = ∑ d|n f (d) (g + h) ( n d ) = ∑ d|n f (d) ( g ( n d ) + h ( n d )) Por lo que ∑ d|n f (d) ( g ( n d ) + h ( n d )) = ∑ d|n f (d) g ( n d ) + ∑ d|n f (d)h ( n d ) = (f ∗ g) (n) + (f ∗ h) (n) Probemos que la funcion aritmética δ es la identidad, tanto por la derecha como por la izquierda, del producto de Dirichlet. Para esto tenemos que probar que (δ ∗ f) (n) = f (n) Vemos que (δ ∗ f) (n) = ∑ d|n δ (d) f ( n d ) = f (n) (f ∗ δ) (n) = ∑ d|n f (d) δ ( n d ) = f (n) Recuerde, sencillamente, que n = n · 1, por lo que 1 y n son divisores de n. Como consecuencia del anterior resultado, se aníma al estudiante, resolver el siguiente ejercicio: 1) Para funciones aritméticas f y g, definimos el producto f ? g por (f ? g)(n) = n−1∑ k=1 f (k) g (n− k) ¿Es el producto f ?g conmutativo? ¿Es asociativo? ¿Que es f ?δ? (Recuerde que n−1∑ k=1 k = n−1∑ k=1 n−k. Si n = x+y para x, y ∈ Z+ entonces para cada x, y sera único.) Ejemplo.- Demostremos que si n ∈ N ∑ d|n µ (d) = 1 si n = 10 si n > 1 Sol.- Para esto vemos que si n = pα11 · p α2 1 · ... · pαrr , entonces, en la sumatoria los terminos no nulos son dados por aquellos divisores positivos d de n que son libres de cuadradados, vale decir, que d > 1 no debe ser divisible por el cuadrado de algun número primo. (Recuerde que µ (8) = 0 pues 8 = 22 · 2, así, 8 es divisible por el cuadrado de algun número primo, en este caso el número primo 2). Estos divisores d, libres de cuadrados, son aquellos que tienen por divisores a exactamente k primos pi tales que cada divisor pi tiene como potencia la unidad. Entonces, tenemos que 4 ∑ d|n µ (d) = µ (1) + (−1)1 · ( r 1 ) ︸︷︷︸ seleccionamos un primo de los r primos a disposicion para que sea divisor de n + + (−1)2 · ( r 2 ) ︸︷︷︸ seleccionamos dos primos de los r primos a disposicion para que, con su producto, formen un divisor de n + ...+ (−1)r−1 · ( r r − 1 ) ︸ ︷︷ ︸ seleccionamos r − 1 primos de los r primos a disposicion para que, con su producto, formen un divisor de n + (−1)r · ( r r ) = (1 + (−1))r = 0 Como consecuencia del anterior resultado, tenemos la siguiente proposicion, la cual se deja como ejercicio al estudiante 2) Si k denota el número de factores primos distintos de un entero positivo n, entonces ∑ d|n |µ (d)| = 2k El siguiente teorema es importante Teorema (Formula de inversion de Möbius).- Si F (n) = ∑ d|n f (d) para todo entero positivo n, entonces f (n) = ∑ d|n µ (d)F ( n d ) . Dem (1).- Sea d un divisor positivo de n y k un divisor positivo de nd . Se sigue que k es un divisor de n y además d | nk . Se tiene que, por definicion de F ∑ d|n µ (d)F ( n d ) = ∑ d|n µ (d) ∑ k|nd f (k) A su vez esto último es igual a ∑ k|n (∑ d|nk µ (d) ) f (k) Como d es un divisor positivo de n, entonces dz = n, para algun z ∈ Z+. Por otro lado, como k | nd entonces ky = nd para algun y ∈ Z+. Por lo que z = ky,o lo que es lo mismo n = dky. Vale decir que, valga la redundancia, k y d son divisores positivos de n. Entonces la ultima doble sumatoria se justifica, cuando, al fijar un divisor k de n, entonces ∑ d|nk µ (d) recorre todos los divisores positivos d de nk . Por ende, tenemos ∑ k|n f (k) ∑ d|nk µ (d) = f (n) Basta ver, que pasa cuando k = n. Tenemos el siguiente teorema que complementa al anterior el cual se aníma al estudiante a poder justificar. Teorema.- Si f (n) = ∑ d|n µ (d)F ( n d ) para todo entero positivo n, entonces F (n) = ∑ d|n f (d). Se debe notar que los anteriores dos teoremas no requieren que f (n) o F (n) sean multiplicativas. 5 Para mostrar otra demostracion, mucha mas sencilla que la anterior, del anterior teorema definimos la funcion aritmética 1 (n) = 1 para cada n ∈ N Se deja al lector mostrar que, en efecto (µ ∗ 1) (n) = δ (n) para cada n ∈ N. Asi vemos que si F (n) = ∑ d|n f (d) entonces, esto ultimo equivale a que F (n) = (f ∗ 1) (n). Ahora si, mostramos otra demostracion. Dem (2).- Vemos que ∑ d|n µ (d)F ( n d ) = ∑ d|n µ ( n d ) F (d) = ∑ d|n F (d)µ ( n d ) = (F ∗ µ) (n) = ((f ∗ 1) ∗ µ) (n) Esto ultimo, por asociatividad, es igual a (f ∗ (1 ∗ µ)) (n) = (f ∗ δ) (n) = f (n) A continuacion desarrollamos algunos ejercicios Ejemplo.- Mostrar que n = ∑ d|n ϕ (d) Sol.- Vamos a contar todos los posibles residuos por dos metodos distintos. Primero sabemos que dado un entero positivo m existenen total m posibles residuos. (Recuerde que un entero q al ser dividido por m deja un unico residuo r tal que r ∈ {0, 1, ...,m− 1}). Por otro lado, cada residuo u ∈ {0, 1, ...,m− 1} puede ser escrito como dmu, para algun entero positivo mu y d = mcd (u,m). Esto implica que mcd ( m d ,mu ) = 1. Esto es facil de ver. Como d = mcd (u,m) entonces existen x, y ∈ Z únicos tales que d = xu+my o lo que es lo mismo d = xdmu + md dy. De ahí 1 = xmu + md y por lo que, como mcd ( m d ,mu ) divide a cualquier combinacion lineal de md y mu, en particular mcd ( m d ,mu ) | 1. Por lo que mcd ( m d ,mu ) = 1. Así, podemos particionar a los residuos u ∈ {0, 1, ...,m− 1} de acuerdo al valor de d = mcd (u,m). Entonces, el número de residuos que corresponde a un md en partícular esta determinado precisamente por ϕ ( m d ) . (Recuerde, mcd ( m d ,mu ) = 1 y cada mu determina a un u ∈ {0, 1, ...,m− 1}. Por ejemplo, r, s ∈ {0, 1, ...,m− 1} pertenecen al mismo conjunto Xd, el cual es parte de la particion, siempre que d = mcd (r,m) = mcd (s,m). Esto a su vez implica que s = dms y r = dmr para algun ms,mr ∈ Z+. Entonces se sigue que mcd ( m d ,ms ) = mcd ( m d ,mr ) = 1. Entonces ϕ ( m d ) cuenta a aquellos números coprimos con md , los cuales son, por ejemplo, ms y mr los cuales determinan a s y r, los cuales son residuos). Por lo que, todas las clases estarian consideradas en la sumatoria ∑ d|m ϕ ( m d ) , o lo que es lo mismo ∑ d|m ϕ (d). Por lo que m = ∑ d|m ϕ (d). Ejemplo.- Mostrar que ϕ(n) n = ∑ d|n µ(d) d 6 Sol.- Sea F (n) = n para cada n ∈ N. Entonces, por el anterior problema, vemos que F (n) = ∑ d|n ϕ (d). Por el teorema de inversion de Möbius vemos que ϕ (n) = ∑ d|n µ (n)F ( n d ) = ∑ d|n µ (n) nd Por lo que, en efecto ϕ (n) = ∑ d|n µ (n) nd o lo que es lo mismo ϕ(n) n = ∑ d|n µ(d) d Ejercicio para el estudiante. 3) Denotemos por σ (n) a la suma de todos los divisores positivios de n, esto es σ (n) = ∑ k|n k Pruebe que ∑ k|n σ (k)µ ( n k ) = n para cada entero positivo. (Defina la funcion f (k) = k para cada k ∈ N. Note que σ (n) = ∑ f k|n (k). Aplique alguno de los teorema de inversion de Möbius). Bibliografia.- • Elementary Methods in Number Theory, Melvyn B. Nathanson. Cap 6. • Introduccion a la Teoria de Números, Ivan Niven y Herbert S. Zuckerman. Cap 4. • Problems in Analytic Number Theory, M. Ram Murty. Cap 1. 7
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