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1. Pruebe que ∫ x 0 (x− t)mLn(t)dt = m!n! (m+ n+ 1)! xm+1Lm+1n (x) (1) Solución: Consideremos la expresión en suma del polinomio de Laguerre Ln(t) = n∑ k=0 (−1)kn! (n− k)!k!k! tk entonces, si sustituimos esto en el lado izquierdo de la ecuación (1)∫ x 0 (x−t)mLn(t)dt = ∫ x 0 (x−t)m n∑ k=0 (−1)kn! (n− k)!k!k! tk = n∑ k=0 (−1)kn! (n− k)!k!k! ∫ x 0 (x−t)mtkdt ∫ x 0 (x− t)mLn(t)dt = n∑ k=0 (−1)kn! (n− k)!k!k! ∫ x 0 (x− t)mtkdt (2) notemos que k va de 0, 1, 2, ..., n, por lo que podemos ver su comportamiento para distintos valores de k. Consideremos el cambio de variable ω = x − t, dω = −dt con los limites ω(0) = x− 0 = x y ω(x) = x− x = 0 entonces∫ x 0 (x− t)mdt = − ∫ 0 x ωmdω k = 0, ∫ x 0 (x− t)mt0dt = ∫ x 0 (x− t)mdt = − ∫ 0 x ωmdω = − [ ωm+1 m+ 1 ]0 x = − [ 0− x m+1 m+ 1 ] = xm+1 m+ 1 k = 1, ∫ x 0 (x− t)mtdt = − ∫ 0 x ωm(x− ω)dω = ∫ 0 x [ωm+1 − xωm]dω = [ ωm+2 m+ 2 − xω m+1 m+ 1 ]0 x = 0− ( xm+2 m+ 2 − x m+2 m+ 1 ) = xm+2 [ 1 m+ 1 − 1 m+ 2 ] = xm+2 (m+ 1)(m+ 2) k = 2, ∫ x 0 (x− t)mt2dt = − ∫ 0 x ωm(x− ω)2dω = − ∫ 0 x [ωm(x2 − 2xω + ω2)]dω = ∫ 0 x [−x2ωm + 2xωm+1 − ωm+2]dω = [ −x2 ω m+1 m+ 1 + 2x ωm+2 m+ 2 − ω m+3 m+ 3 ]0 x = 0− ( − x m+3 m+ 1 + 2 xm+3 m+ 2 − x m+3 m+ 3 ) = −xm+3 ( 2 m+ 2 − 1 m+ 1 − 1 m+ 3 ) = −xm+3 ( 2m+ 2−m− 2 (m+ 1)(m+ 2) − 1 m+ 3 ) = −xm+3 m 2 + 3m− (m+ 1)(m+ 2) (m+ 1)(m+ 2)(m+ 3) = −xm+3 m 2 + 3m−m2 − 2m−m− 2 (m+ 1)(m+ 2)(m+ 3) = 2xm+3 (m+ 1)(m+ 2)(m+ 3) De aquí ya podemos intuir que existe un patron, vemos que en el denominador tiene la forma de un factorial y que el numerador puede tener la forma de kxm+k+1 o k!xm+k+1, para saber cual de las dos es vamos a calcular la integral para k = 3 dado que 3! ̸= 3, entonces k = 3, ∫ x 0 (x− t)mt3dt = − ∫ 0 x ωm(x− ω)3dω = − ∫ 0 x [ωm(x3 − 3x2ω + 3xω2 − ω3)]dω = − ∫ 0 x [x3ωm − 3x2ωm+1 + 3xωm+2 − ωm+3]dω = − [ x3 ωm+1 m+ 1 − 3x2 ω m+2 m+ 2 + 3x ωm+3 m+ 3 − ω m+4 m+ 4 ]0 x = 0 + ( xm+4 m+ 1 − 3 x m+4 m+ 2 + 3 xm+4 m+ 3 − x m+4 m+ 4 ) = xm+4 ( 1 m+ 1 − 3 m+ 2 + 3 m+ 3 − 1 m+ 4 ) = xm+4 ( m+ 2− 3m− 3 (m+ 1)(m+ 2) + 2m+ 9 (m+ 3)(m+ 4) ) = xm+4 (2m+ 9)(m+ 1)(m+ 2)− (2m+ 1)(m+ 3)(m+ 4) (m+ 1)(m+ 2)(m+ 3)(m+ 4) = xm+4 2m3 + 15m2 + 31m+ 18− (2m3 + 15m2 + 31m+ 12) (m+ 1)(m+ 2)(m+ 3)(m+ 4) = xm+4 6 (m+ 1)(m+ 2)(m+ 3)(m+ 4) = 3!xm+4 (m+ 4)! entonces, el patrón que sigue esta integral tiene la forma de∫ x 0 (x− t)mtkdt = k!x m+k+1 (m+ k + 1)(m+ k)(m+ k − 1)...(m+ 1) donde solo tenemos el factorial para los valores superiores a m, el cual podemos expresar de la siguiente forma 1 (m+ k + 1)(m+ k)...(m+ 1) = m! (m+ k + 1)(m+ k)(m+ k − 1)...(m+ 1)m! = m! (m+ k + 1)! entonces ∫ x 0 (x− t)mtkdt = m!k!x m+k+1 (m+ k + 1)! sustituyendo esto en la ecuación (2) tenemos∫ x 0 (x− t)mLn(t)dt = n∑ k=0 (−1)kn! (n− k)!k!k! ∫ x 0 (x− t)mtkdt = n∑ k=0 (−1)kn! (n− k)!k!k! m!k!xm+k+1 (m+ k + 1)! = n!m! (m+ n+ 1)! xm+1 n∑ k=0 (−1)k(m+ n+ 1)! (n− k)!(m+ k + 1)!k! xk = n!m! (m+ n+ 1)! xm+1Lm+1n donde el polinomio asociado de Laguerre es Lkn = n∑ r=0 (−1)r(n+ k)! (n− r)!(k + r)!r! xr Por lo tanto, ∫ x 0 (x− t)mLn(t)dt = n!m! (m+ n+ 1)! xm+1Lm+1n . 2. Pruebe que dm dxm [e−xxkLkn(x)] = (m+ n)! n! e−xxk−mLk−mm+n(x) (3) El polinomio asociado de Laguerre puede ser escrito como Lkn(x) = x−kex n! dn dxn [xn+ke−x] (4) Solución: Sustituimos el polinomio asociado de Laguerre en el lado izquierdo de la ecuación (3), dm dxm [e−xxkLkn(x)] = dm dxm [ e−xxk x−kex n! dn dxn [xn+ke−x] ] entonces dm dxm [e−xxkLkn(x)] = dm dxm [ e−xxk x−kex n! dn dxn [xn+ke−x] ] = 1 n! dm dxm [ dn dxn [xn+ke−x] ] = 1 n! dm+n dxm+n [ xn+ke−x ] y aplicando el teorema de Leibniz para la enésima derivada de un producto dn dxn [uv] = n∑ r=0 n! (n− r)!r! dn−r dxn−r [u] dr dxr [v] nos queda 1 n! dm+n dxm+n [ xn+ke−x ] = 1 n! m+n∑ r=0 (m+ n)! (m+ n− r)!r! dm+n−r dxm+n−r [xn+k] dr dxr [e−x] = (m+ n)! n! m+n∑ r=0 1 (m+ n− r)!r! [ (n+ k)! (k −m+ r)! xk−m+r ] [(−1)re−x] = (m+ n)! n! e−xxk−m m+n∑ r=0 (−1)r(n+ k)! (m+ n− r)!(k −m+ r)!r! xr = (m+ n)! n! e−xxk−mLk−mm+n(x) esto lo podemos ver fácilmente dado que la expresión en suma del polinomio asociado de Laguerre es Lkn(x) = n∑ r=0 (−1)r(n+ k)! (n− r)!(k + r)!r! xr entonces para la expresión de Lk−mm+n(x) hacemos el cambio de n −→ m + n, asi como k −→ k −m Lk−mm+n(x) = m+n∑ r=0 (−1)r(n+ k)! (m+ n− r)!(k −m+ r)!r! xr Por lo tanto, se cumple dm dxm [e−xxkLkn(x)] = (m+ n)! n! e−xxk−mLk−mm+n(x).
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