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1. a. Evaluar lim𝑛→∞ (1 + 1 𝑛2 ) 𝑛 Solución: Sea 𝐿 = lim𝑛→∞ ln(1 + 1 𝑛2 ) 𝑛 ⇒ 𝐿 = 𝑙𝑛 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ (1 + 1 𝑛2 ) 𝑛 ⇒ 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ (1 + 1 𝑛2 ) 𝑛 = 𝑒𝐿 Ahora 𝐿 = lim𝑛→∞ ln(1 + 1 𝑛2 ) 𝑛 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 𝑛ln(1 + 1 𝑛2 ) = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ ln(1+ 1 𝑛2 ) 1 𝑛 . Aplicando L´Hopital 𝐿 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 1 1+ 1 𝑛2 .(− 2 𝑛3 ) − 1 𝑛2 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 1 1+ 1 𝑛2 ( 2 𝑛 ) = 0, Por lo tanto 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ (1 + 1 𝑛2 ) 𝑛 = 𝑒0 = 1 b. Determinar si la serie ∑ 3𝑛+1 5𝑛−1 ∞ 𝑛=1 es convergente o divergente en caso de ser convergente hallar su suma. Solución: ∑ 3𝑛+1 5𝑛−1 ∞ 𝑛=1 = ∑ 323𝑛−1 5𝑛−1 ∞ 𝑛=1 = ∑ 9( 3 5 ) 𝑛−1 ∞ 𝑛=1 , Luego la serie es geométrica, con primer término 𝑎 = 9 y razón 𝑟 = 3 5 , es decir |𝑟| = | 3 5 | = 3 5 < 1 entonces es convergente y su suma es 𝑆 = 𝑎 1−𝑟 = 9 1− 3 5 = 9 2 5 = 45 2 2. Determinar si la serie ∑ ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 +∞𝑛=1 es convergente o divergente en caso de ser convergente hallar su suma. Solución: 𝑎𝑛 = ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 Consideremos el límite: 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 Sea 𝐿 = lim𝑛→∞ ln( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 ⇒ 𝐿 = 𝑙𝑛 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 ⇒ 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 = 𝑒𝐿 Ahora 𝐿 = lim𝑛→∞ ln( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 𝑛ln ( 𝑛−1 𝑛+1 ) = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ ln( 𝑛−1 𝑛+1 ) 1 𝑛 . Aplicando L´Hopital 𝐿 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 1 𝑛−1 𝑛+1 ∙ 2 (𝑛+1)2 − 1 𝑛2 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 𝑛+1 𝑛−1 ∙ 2 (𝑛+1)2 − 1 𝑛2 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ 2 𝑛2−1 − 1 𝑛2 = 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞− 2𝑛2 𝑛2−1 = −2, por lo tanto 𝑙𝑖𝑚𝑛→∞ ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 = 𝑒−2 = 1 𝑒2 Se concluye del criterio de divergencia de series que ∑ ( 𝑛−1 𝑛+1 ) 𝑛 +∞𝑛=1 Diverge UNIVERSIDAD DE ANTIOQUIA Facultad de Ciencias Exactas y Naturales Instituto de Matemáticas Cursos de Servicios para Ingeniería y/o Facultad de Química Farmacéutica 2016-2 CALIFICACION ALUMNO: SOLUCIÓN Carné: Asignatura: Cálculo Integral Profesor: Jorge Iván Londoño Parcial # 4 Valor: 25% Fecha: 22 de noviembre 3. Analice la convergencia absoluta, convergencia condicional o divergencia de la serie alterna. ∑(−1)𝑛 1 5𝑛 ∞ 𝑛=1 Solución: Aplicando los criterios del cociente y de la raíz para convergencia absoluta tenemos que 𝐿 = lim𝑛→∞ | 𝑎𝑛+1 𝑎𝑛 | = lim𝑛→∞ | (−1)𝑛+1 1 5𝑛+5 (−1)𝑛 1 5𝑛 | = lim𝑛→∞ 5𝑛 5𝑛+5 = 1 y 𝐿 = lim𝑛→∞ √|(−1) 𝑛 1 5𝑛 | 𝑛 = lim𝑛→∞ 11/𝑛 51/𝑛𝑛1/𝑛 = 1 (1)(1) = 1 Como 𝐿 = 1 en ambos casos, entonces estos criterios no brindan información, sin embargo, la serie ∑ (−1)𝑛 1 5𝑛 ∞ 𝑛=1 es convergente (criterio de Leibniz para series alternas). De otro lado, la serie de valores absolutos ∑ |(−1)𝑛 1 5𝑛 |∞𝑛=1 = ∑ 1 5𝑛 ∞ 𝑛=1 es divergente, usando criterio de comparación con el límite con la serie ∑ 1 𝑛 ∞ 𝑛=1 que es divergente, Por lo tanto ∑(−1)𝑛 1 5𝑛 ∞ 𝑛=1 Es condicionalmente convergente. 4. Encuentre el radio de convergencia, el intervalo de convergencia absoluta y el intervalo de convergencia de la serie ∑(−1)𝑛 𝑥𝑛 4𝑛√𝑛 ∞ 𝑛=1 Solución: 𝑎𝑛 = (−1) 𝑛 𝑥𝑛 4𝑛√𝑛 Consideremos el límite 𝐿 = lim𝑛→+∞ √|𝑎𝑛| 𝑛 = lim𝑛→+∞ √|(−1) 𝑛 𝑥𝑛 4𝑛√𝑛 | 𝑛 = |𝑥| 4 lim𝑛→+∞ 1 𝑛1/2𝑛 = |𝑥| 4 Se concluye del criterio de la raíz para convergencia absoluta que la serie ∑ (−1)𝑛 𝑥𝑛 4𝑛√𝑛 ∞ 𝑛=1 converge absolutamente si y solo si |𝑥| 4 < 1. Por lo tanto, el radio de convergencia es 𝑅 = 4 El intervalo de convergencia absoluta es (−4, 4) Ahora para hallar el intervalo de convergencia analizamos los extremos Si 𝑥 = −4 se obtiene la serie ∑ 1 √𝑛 ∞ 𝑛=1 la cual es divergente (serie 𝑝 con 𝑝 = 1/2 < 1) Si 𝑥 = 4 se obtiene la serie alterna ∑ (−1)𝑛 1 √𝑛 ∞ 𝑛=1 , la cual es convergente por criterio de Leibnitz. Por lo anterior El intervalo de convergencia es (−4, 4] 5. Escriba los cinco primeros términos de la expansión en una serie de Maclaurin para la función 𝑓(𝑥) = 𝑐𝑜𝑠ℎ𝑥 = 𝑒𝑥 + 𝑒−𝑥 2 Solución: Como 𝑒𝑥 = 1 + 𝑥 + 𝑥2 2! + 𝑥3 3! + 𝑥4 4! +⋯ luego 𝑒−𝑥 = 1 + (−𝑥) + (−𝑥)2 2! + (−𝑥)3 3! + (−𝑥)4 4! +⋯ = 1 − 𝑥 + 𝑥2 2! − 𝑥3 3! + 𝑥4 4! −⋯ Esto implica que 𝑐𝑜𝑠ℎ𝑥 = 𝑒𝑥+𝑒−𝑥 2 = 1 + 𝑥2 2! + 𝑥4 4! + 𝑥6 6! +⋯ = ∑ 𝑥2𝑛 (2𝑛)! ∞ 𝑛=0
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