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República Bolivariana de Venezuela Ministerio del Poder Popular para la Educación Superior Universidad Nacional Experimental Politécnica Antonio José de Sucre Método de Newton Raphson y Optimización Alumno: Angélica Sánchez 29.944.695 Profesora: Francy Jiménez Asignatura: Calculo I Sección: 13 Método de Newton-Raphson. Es un algoritmo para encontrar aproximaciones de los ceros o raíces de una función real de variable real continúa en un intervalo cerrado y derivable en un intervalo abierto, también es usada para encontrar los máximos o mínimos de una función. Si f (a) y f (b) tienen signos distintos; según el teorema del valor intermedio existe un número real; a r b; así que f(r) = 0. R es una raíz de la función (f) que está entre a y b. Trazamos la recta tangente a la curva, Esto es equivalente a linealizar la función, es decir, f se reemplaza por una recta tal que contiene al punto ( , f ( )) y cuya pendiente coincide con la derivada en el punto f’ ( ). La aproximación a la raíz, se logra de la intersección de la función lineal con el eje de abscisas. En lenguaje matemáticamente: Sea f: [a, b] → f’ ( ) = En la formula se puede observar que es una aproximación a para el cero (x) de la función. Si además se acepta que tiende a la raíz, se ha de cumplir que f ’ ( ) = 0, sustituyendo en la expresión anterior, obtenemos el algoritmo. Finalmente, hay que indicar que el método de Newton-Raphson puede interpretarse como un método de iteración de punto fijo. Así, dada la ecuación que f (x) = 0 se puede considerar el siguiente método de iteración de punto fijo: Se escoge h (x) de manera que (r es la raíz buscada). Dado que es: Entonces: Como h (x) no tiene que ser única se encoge de la forma más sencilla: Por lo tanto, imponiendo los subíndices: Esta es la fórmula que se utilizara para la búsqueda de las raíces. Ejemplo: La ecuación tiene única raíz en el intervalo [-1,0]. Utiliza el método de NEWTON-RAPHSON para obtener esta raíz con cuatro decimales correctos 1º iteración i) f (x) = - 0,2314374887 f '(x) = 2,050652 ii) 2º Iteración x1 = - 0,5871395592 i) f (x) = 2,631751139 x f '(x) = 2,085002 ii) Resumiendo en la tabla Iteración Error 1 -0,7 -0,587139 0 2 -0,587139 -0,588402 0,112860 3 -0,588402 -0,588402 1,26229x 4 -0,588402 0,588402 1,223269x Optimización Optimizar una función consiste en encontrar los valores máximos y mínimos de una función real de variable real, (esto significa que hay que encontrar los valores en el dominio de la función para los cuales se alcanza el máximo y mínimo en el rango). El proceso de optimización hace parte de una de las aplicaciones más importante de la derivada. Un problema de optimización puede ser representado de la siguiente forma: Dada una función → Buscar: un elemento ó Los pasos para resolver este tipo de ejercicios son: De las condiciones del problema extraer o plantear la función a maximizar o minimizar. En el caso de que en el problema intervengan más de una variable, plantear ecuaciones que relacionen las distintas variables del sistema. Despejar una variable de la ecuación y sustituirla en la función de modo que nos quede una función con una sola variable. Encontrar los extremos locales (esto significa que debemos igualar la función a cero y resolver la ecuación resultante). Realizar la 2ª derivada para comprobar el resultado obtenido. Ejemplo: De todos los triángulos isósceles de 12 m de perímetro, hallar los lados del que tome área máxima. La función que tenemos que optimizar o más específicamente maximizar es la función que está definida por el área del triángulo. Ya que el triángulo es isósceles, su base es el lado 2y y su altura la podemos calcular usando el teorema de Pitágoras, así obtenemos √ Con la condición de que el perímetro del triángulo mide 12m podemos relacionar las variables: Este resultado lo podemos sustituir en la función: √ √ √ Para hallar los extremos locales, derivamos, igualamos a cero y calculamos las raíces. √ → √ Finalmente con el criterio de la segunda derivada podemos comprobar nuestro resultado. Recordemos que si la segunda derivada tiene signo negativo, entonces obtendremos un máximo local y si la segunda derivada tiene signo positivo tendremos un mínimo local. Así realizamos la 2ª derivada y evaluamos en 2, ya que la solución y = 0 la descartamos porque no hay un triángulo cuyo lado sea cero. √ √ √ √ Por lo que queda probado que en y = 2 hay un máximo. La base (2y) mide 4m y los lados oblicuos (x) también miden 4 m, por lo que el triángulo de área máxima sería un triángulo equilátero.
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