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Cálculo Integral J.C. Ponte / J.C. Peralta U PRIVADA DEL NORTE NIVERSIDAD J.L. Ponte / J.M. Rojas / H.Rojales 1era. edición Cálculo Integral 1era. edición Juan Carlos Ponte BejaranoJuan Carlos Ponte BejaranoJuan Carlos Ponte BejaranoJuan Carlos Ponte Bejarano Universidad Privada del Norte – Trujillo Julio César Peralta CastañedaJulio César Peralta CastañedaJulio César Peralta CastañedaJulio César Peralta Castañeda Universidad Nacional de Trujillo José LuisJosé LuisJosé LuisJosé Luis Ponte BejaranoPonte BejaranoPonte BejaranoPonte Bejarano Universidad Privada del Norte – Trujillo Jenny MargaritaJenny MargaritaJenny MargaritaJenny Margarita Rojas JerónimoRojas JerónimoRojas JerónimoRojas Jerónimo Universidad Nacional Trujillo Henry Rojales AlfaroHenry Rojales AlfaroHenry Rojales AlfaroHenry Rojales Alfaro Universidad Privada del Norte - Trujillo ii © 2014 Universidad Privada del Norte. Laureate International Universities Av. Del Ejército 920 – Urb. El Molino (+51)44-220062 www.upnorte.edu.pe © 2014 Juan Carlos Ponte Bejarano /Julio César Peral ta Castañeda/ José Luis Ponte Bejarano/ Jenny Margar ita Rojas Jerónimo/ Henry Martin Rojales Alfaro ISBN: Depósito Legal: Impreso en: Trujillo, Febrero del 2014 iii DEDICATORIA A nuestros seres queridos iv CONTENIDO Capítulo 1 Antiderivada e Integral indefinida 1.1. Antiderivada e Integral Indefinida 2 1.2. Integración Directa 6 Ejercicios resueltos 11 Ejercicios propuestos 13 Capítulo 2 Técnicas de integración 2.1. Integración por sustitución o cambio de variable 16 Ejercicios resueltos 16 Ejercicios propuestos 25 2.2. Integración por partes 27 Ejercicios resueltos 28 - Método Tabular 36 Ejercicios propuestos 40 2.3. Integración de funciones racionales 41 Ejercicios resueltos 55 Ejercicios propuestos 57 2.4. Integración por sustitución trigonométrica 60 Ejercicios resueltos 61 Ejercicios propuestos 69 Capítulo 3 Integral definida 3.1. Introducción 71 3.2. Integral definida 74 Ejercicios resueltos 76 Ejercicios propuestos 84 Capítulo 4 Aplicaciones de la Integral definida 4.1. Área entre curvas 86 - Área comprendida entre una curva 86 Ejercicios resueltos 87 - Área comprendida entre dos curvas 92 Ejercicios resueltos 93 Ejercicios propuestos 95 4.2. Aplicación de la integral definida a los negocios y la economía 96 - Vida útil de una máquina 96 - Valor futuro y valor presente de un flujo de ingresos. 98 - Curva de demanda de los consumidores y disposición a gastar 99 - Excedente de consumidores y de productores 102 v Ejercicios propuestos 104 4.3. Volúmenes de revolución 107 Método del disco y del anillo 107 - Método del disco circular 107 Ejercicios resueltos 109 - Método del anillo circular 114 Ejercicios resueltos 115 Ejercicios propuestos 121 Método de las capas 123 Ejercicios resueltos 127 Ejercicios propuestos 136 4.4. Longitud de arco 137 Ejercicios resueltos 139 Ejercicios resueltos 140 4.5. Centro de masa 142 Ejercicios resueltos 143 Ejercicios resueltos 147 4.6. Vaciado de líquidos 148 Ejercicios resueltos 149 Ejercicios resueltos 152 Capítulo 5 Introducción a las Ecuaciones diferenciales ordinarias de primer 5.1. Introducción 154 5.2. Ecuaciones diferenciales de primer orden 162 Ejercicios resueltos 163 Ejercicios propuestos 168 5.3. Ecuaciones diferenciales lineales de primer orden 162 Ejercicios resueltos 171 Ejercicios propuestos 174 vi Prefacio El presente libro de Cálculo II es el resultado de las experiencias de cátedra de los autores, realizadas en aulas de la Universidad Privada del Norte-Trujillo y de la Universidad Nacional de Trujillo. En este sentido, es un valioso recurso que ponemos a disposición de los estudiantes, con el objetivo de ayudarlos en su autoaprendizaje y así contribuir con su formación profesional. Esta obra es un texto guía compatible con los sílabos del curso de Cálculo II que se dicta en la Facultad de Ingeniería de la Universidad Privada del Norte, teniendo en cuenta el desarrollo de las sesiones de clase y las correspondientes hojas de trabajo. Por ello, se han considerado, además de la teoría específica, ejercicios y problemas resueltos y propuestos. El libro, como es evidente, servirá de ayuda a los estudiantes que luego cursarán las asignaturas de Cálculo III, Cálculo IV, Física II, Física III, Mecánica, Dinámica, termodinámica entre otras. Para un mayor aprovechamiento didáctico, su contenido está organizado en tres capítulos. En el primero se presenta la antiderivada e integral indefinida y se ven cuatro técnicas de integración: cambio de variable, integración por partes, fracciones parciales y sustitución trigonométrica. En el segundo capítulo se presenta la integral definida y algunas de sus aplicaciones: cálculo de áreas y volúmenes, longitud de arco, centro de masa y vaciado de líquidos. En el tercer capítulo se presenta una introducción a las Ecuaciones Diferenciales Ordinarias de primer y segundo orden. Esperamos que este esfuerzo académico sirva de gran ayuda a nuestros estudiantes y se constituya en un referente importante en su proceso de aprendizaje. Al mismo tiempo, somos conscientes de sus posibilidades de mejora; y por ello, asumimos el compromiso de enriquecerlo con las observaciones o sugerencias de quienes lo usen. Agradecemos de antemano a quienes tengan esta disposición. Los autores 1 CAPÍTULO 1 ANTIDERIVADA E INTEGRAL INDEFINIDA 1. ANTIDERIVADA E INTEGRAL DEFINIDA 2. INTEGRACIÓN DIRECTA 2 SECCIÓN 1.1 ANTIDERIVADA E INTEGRAL INDEFINIDA ANTIDERIVADA ¿Cómo se puede emplear una tasa de inflación conocida para determinar precios futuros? ¿Cuál es la velocidad de un objeto en movimiento rectilíneo con aceleración conocida? ¿Cómo se puede usar la tasa a la cual cambia la población para predecir niveles futuros de población? En todas estas situaciones se conoce la derivada (tasa de cambio) de una magnitud, y se quiere conocer esa magnitud. A continuación se presenta la terminología que se usará en el proceso de obtención de una función a partir de su derivada. Supongamos que se nos pide encontrar una función F cuya derivada sea: 3( ) 4f x x= Por lo que sabemos de derivación, probablemente diríamos que: 4( )F x x= ya que 4 34 d x x dx = Esto permite definir lo siguiente. Definición: Una función F recibe el nombre de ANTIDERIVADA de f en un intervalo I, si: )()(' xfxF = Para cada Ix∈ . Observación: Decimos que F es una antiderivada de f y no que es la antiderivada de f . La razón es que, por ejemplo, 4 4 4 1 2 1( ) , ( ) 3 y ( ) 54F x x F x x F x x= = − = + son, todas ellas, antiderivadas de 3( ) 4f x x= . De hecho, para cualquier valor de la constante C , 4( )F x x C= + es antiderivada de f . Definición: Antiderivada general Si F es una antiderivada de f en un intervalo I , entonces la antiderivada general, G , de f en I es de la forma: ( ) ( )G x F x C= + , para todo x en I donde C denota una constante.Observación: Resulta claro que el cálculo de antiderivadas o primitivas no determina una única función, sino una familia dé funciones, que difieren entre sí en una constante. 3 El proceso de hallar todas las antiderivadas de ( )f x se denomina integración indefinida o antiderivación y se denota por el símbolo ∫ , llamado signo de integración, la expresión ( )f x dx∫ se lee la integral indefinida de ( )f x con respecto a x . INTEGRAL INDEFINIDA Definición: Si ( )F x es una antiderivada de ( )f x en un intervalo I , entonces a su antiderivada general ( ) ( )G x F x C= + se le denota por: ( ) ( )f x dx F x C x I= + ∀ ∈∫ Llamada la INTEGRAL INDEFINIDA de ( )f x con respecto a x . Nota: De la definición de Integral Indefinida se tiene )()(' xfxF = , es decir: )()( xfdxxf dx d =∫ Ejemplos: 1) Determine ( )33 2 5x x dx+ +∫ Solución: ( )3 3 33 2 5 3 2 5 3 2 5x x dx x dx xdx dx x dx xdx dx+ + = + + = + +∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ 4 2 4 233 2 5 5 4 2 4 x x x C x x x C = + + + = + + + 2) Determine ( )2 4 2y y dy+ +∫ Solución: ( ) 3 4 2 4 2 42 2 2 3 4 y y y y dy y dy y dx dx x C+ + = + + = + + +∫ ∫ ∫ ∫ 3) Determine 3 2 dy y∫ Solución: 2 3 2 3 2 2 1 2 2 2 y dy y dy C y C C yy − − −= = + = − + = − + −∫ ∫ 4) Determine (2sin 3cos )x x dx+∫ Solución: (2sin 3cos ) 2sin 3cos 2cos 3sinx x dx xdx xdx x x C+ = + = − + +∫ ∫ ∫ 4 FORMULAS BÁSICAS DE INTEGRACIÓN Sea ( )u u x= una función diferenciable en x , entonces: 1. 1 1 n n uu du C n + = + +∫ 2. ln du u C u = +∫ 3. u ue du e C= +∫ 4. , 0 1 ln u u aa du C a a a = + > ∧ ≠∫ 5. 2 2 1 arctan , 0 du u C a a au a = + ≠ + ∫ 6. 2 2 1 ln 0 2 du u a C a a u au a −= + ≠ +−∫ 7. 2 2 1 ln 0 2 du u a C a a u aa u += + ≠ −−∫ Integrandos que contienen raíces cuadradas 8. 2 2 2 2 ln 0 du u u a C a u a = + + + ≠ + ∫ 9. 2 2 2 2 ln 0 du u u a C a u a = + − + ≠ − ∫ 10. 2 2 arcsin 0 du u C a aa u = + > − ∫ 11. 2 2 1 arcsec 0 udu C a a au u a = + > − ∫ 12. 2 2 2 2 2 2 2ln 2 2 u a u a du u a u u a C+ = + + + + +∫ 13. 2 2 2 2 2 2 2ln 2 2 u a u a du u a u u a C− = − − + − +∫ 14. 2 2 2 2 2 arcsin 2 2 u a u a u du u a C a − = − + + ∫ Integrandos que contienen funciones trigonométricas 15. sin cosudu u C= − +∫ 16. cos sinudu u C= +∫ 17. tan ln cosudu u C= − +∫ 5 18. cot ln sinudu u C= +∫ 19. sec ln sec tanudu u u C= + +∫ 20. csc ln csc cotudu u u C= − +∫ 21. csc ln csc cotudu u u C= − +∫ 22. 2sec tanudu u C= +∫ 23. 2csc cotudu u C= − +∫ 24. sec tan secu udu u C= +∫ 25. csc cot cscu udu u C= − +∫ Integrandos que contienen funciones hiperbólicas 26. sinh coshudu u C= +∫ 27. cosh sinhudu u C= +∫ 28. tanh ln coshudu u C= +∫ 29. coth ln sinhudu u C= +∫ 30. 2sech tanhudu u C= +∫ 31. 2csch cothudu u C= − +∫ 32. sech tanh sechu udu u C= − +∫ 33. cosh coth cschu udu u C= − +∫ Integrandos que contienen funciones trigonométricas inversas 34. 2arcsin arcsin 1udu u u u C= + − +∫ 35. 2arccos arccos 1udu u u u C= − − +∫ 36. 2 1 arctan arctan ln(1 ) 2 udu u u u C= − + +∫ 37. 2 1 arccot arccot ln(1 ) 2 udu u u u C= + + +∫ 38. 2arcsec arcsec ln 1udu u u u u C= − + − +∫ 39. 2arccsc arccsc ln 1udu u u u u C= + + − +∫ Formulas útiles de integración 6 40. 11 ( ) ( ) 1 n n ax bax b dx C a n +++ = + +∫ 41. 1ax b ax be dx e C a + += +∫ 42. 1 ln dx ax b C ax b a = + + +∫ 43. 1 sin( ) cos( )ax b dx ax b C a + = − + +∫ 44. 1 cos( ) sin( )ax b dx ax b C a + = + +∫ SECCIÓN 1.2 INTEGRACIÓN DIRECTA Se trata aquí de lograr las primitivas en forma inmediata con el conocimiento de derivadas y la aplicación de la tabla básica considerando algunos recursos algebraicos y las propiedades señaladas. Algunas veces, antes de realizar la integral correspondiente, se procede a simplificar la expresión por si de esa forma se puede integrar mejor. Posteriormente, haciendo uso de las propiedades de las integrales, se descomponen en otras más sencillas, transformándose en una simple suma de integrales más elementales. Ejemplos: 1. Determine 5 1 dx x∫ . Solución: 5 1 5 5 4 1 1 5 1 4 x dx x dx C C x x − + −= = + = − + − +∫ ∫ 2. Determine ( )∫ − dxx 23 Solución: ( ) ( ) Cxx x xdxdxxxdx dxxxdxx ++−= +−= +−=− ∫∫∫ ∫∫ 3 3 34 2 332 3323 2 32 2 3. Determine ( )( )∫ ++− dxxxx 11 Solución: 7 ( )( ) Cx x dxxdxxxx ++= +=++− ∫∫ 5 2 111 2 5 2 3 4. Determine 3 2 2 2 7 4x x dx x − − ∫ Solución: Descomponiendo la fracción en suma de fracciones: 3 2 3 2 2 2 2 2 2 2 7 4 2 7 4 2 7 4 x x x x x x x x x x −− − = − − = − − Por tanto: ( ) 3 2 2 2 2 1 2 2 7 4 2 7 4 2 7 4 2 1 4 7 x x dx x x dx x x x x C x x C x − − − − = − − = − − + − = − + + ∫ ∫ 5. Determine 33 5 5 2 2 7 4 3 x x x dx x − − ∫ . Solución: Transformando las raíces en potencia, descomponiendo en suma de fracciones y simplificando, tenemos: 5 53 333 5 3 32 2 2 2 2 25 2 5 5 5 5 19 311 10 15 5 2 7 4 2 7 4 2 7 4 3 3 3 3 3 2 7 4 3 3 3 x x x x x x x x x x x x x x x x x − − − −= = − − = − − Por lo que la integral nos queda: 19 31133 5 10 15 5 5 2 19 311 10 15 5 34 821 10 15 5 2 7 4 2 7 4 3 3 33 2 7 4 3 3 3 20 105 5 63 102 6 x x x x x x dx dx x x x x dx dx dx x x x C − − = − − = − − = − − + ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ 6. Determine 5 2 6 3 2 3 2x x x dx x + − ∫ . Solución: 8 5 2 6 5 2 6 2 2 23 2 3 3 3 13 164 3 3 3 16 7 19 3 3 3 3 2 3 2 3 2 9 6 3 16 7 19 x x x x x x dx dx dx dx x x x x x dx x dx x dx x x x C + − = + − = + − = + − + ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ 7. Determine 2 5 2 x dx x + +∫ Solución: 2 5 2 4 1 2 4 1 2( 2) 1 2 2 2 2 2 2 x x x x dx dx dx dx x x x x x x + + + + + = = + = + + + + + + + ∫ ∫ ∫ ∫ 1 1 2 2 2 ln 2 2 2 dx dx dx x x C x x = + = + = + + + + + ∫ ∫ ∫ 8. Determine 2 2 25 16 x dx x + +∫ . Solución: Cxxxxxx x dx dxx dx x dx dx x x dx x x dx x x ++++ ++++= + ++= + + + += + ++= + + ∫∫ ∫∫∫∫ 16ln916ln166 2 1 16 916 16 9 16 16 16 916 16 25 222 2 2 22 2 2 2 2 2 9. Determine 1 x dx x+∫ Solución: 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 x x x dx dx dx dx x x x x x + − + = = − = − + + + + + ∫ ∫ ∫ ∫ ( )1 ln 1 1 dx dx x x C x = − = − + + +∫ ∫ 10. Determine ( )∫ − dxbxax 2 Solución: ( ) ( ) C bxax dxbxaxdxbxax +−= −=− ∫∫ 42 42 32 11. Determine ( )m nx x dx x − ∫ Solución: A la función, se expresa en la forma: 9 ( )2 1 1 1 4 1 2 2 1 4 12 2 2 2 2 2 2 2 2 22 2 2 m n m m n nm m n n m m n nx x x x x x x x x x x x x − + − −+ − + − −− − += = − + = − + Entonces: ( )2 4 1 2 2 1 2 1 2 2 22 m n m m n nx x dx x x x dx x − + − −− = − + ∫ ∫ 2 1 2 2 1 4 1 2 2 22 4 1 2 2 1 4 1 2 2 2 m m n n x x x c m m n n + + + + = − + ++ + + + 4 1 2 2 1 4 12 4 2 4 1 2 2 1 4 1 m m n nx x x c m m n n + + + + = − + + + + + + 12. Determine ( )( )1 1x x x dx− + +∫ Solución: Efectuando la multiplicación de ( )( )11 ++− xxx , tenemos: ( )( ) 111 23 +=++− xxxx Luego: ( )( ) Cxx dxxdxxxx ++= +=++− ∫∫ 2 5 2 3 5 2 111 13. Determine 2 4 13 dx x x− +∫ Solución: Usando el procedimiento de completamiento de cuadrados: ( ) ( ) 9294413 224 +−=++−=+− xxxxx Entonces: ( )22 1 2 4 13 3 32 9 dx dx x arctg c x x x − = = + − + − +∫ ∫ 14. Determine 25 2 dx x x− +∫ Solución: Usandoel procedimiento de completamiento de cuadrados: ( ) 4141225 22 +−=++−=+− xxxxx Entonces: 2 2 2 ln 1 5 2 5 2 ( 1) 4 dx dx x x x c x x x = = − + − + + − + − +∫ ∫ 10 15. Determine 2(2 tan )θ dθ+∫ Solución: ( ) c dd d ddd +−+= −+= −+= +=+ ∫ ∫ ∫ ∫∫∫ θθθ θθθθ θθθ θθθθθ tan2 1sec2 )1(sec2 tan2tan2 2 2 22 16. Determine ( )2sinh 5cosh )x x dx+∫ Solución: ( )2sinh 5cosh ) 2 sinh 5 cosh 2cosh 5sinhx x dx xdx xdx x x C+ = + = + +∫ ∫ ∫ 17. Determine tan cot sin x x dx x − ∫ Solución: tan cot tan cot sec cot csc sin sin sin x x x x dx dx dx xdx x xdx x x x − = − = −∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ln sec tan cscx x x C= + + + 18. Determine 2 1 sin cos x dx x + ∫ Solución: 2 2 2 2 1 sin 1 sin sin 1 sec cos coscos cos cos x x x dx dx x dx x xx x x + = + = + ∫ ∫ ∫ ( )2 2sec tan sec sec tan secx x x dx xdx x xdx= + = +∫ ∫ ∫ tan secx x C= + + 19. Determine 2 2 (1 ) (1 ) x dx x x + +∫ Solución: 2 2 2 2 2 2 2 2 (1 ) 2 1 1 2 1 2 (1 ) (1 ) (1 ) (1 ) 1 x x x x x dx dx dx dx xx x x x x x x x x + + + + = = + = + + + + + + ∫ ∫ ∫ ∫ 2 1 2 ln 2arctan 1 dx dx x x C x x = + = + + +∫ ∫ APLICACIONES DE LOS PROBLEMAS CON VALOR INICIAL 1. Un fabricante determina que el costo marginal 400603 2 +− qq dólares por unidad cuando se producen q unidades. El costo total de producción de las primera dos unidades es $ 900. ¿Cuál es el costo total? Solución: 11 Recuerde que el costo marginal es la derivada de la función del costo total )(qC . Entonces, 400603 2 +−= qq dq dC Y por lo tanto, )(qC debe ser la antiderivada ( ) Kqqq dqqqdq dq dC qC ++−= +−== ∫∫ 40030 400603)( 3 2 Para alguna constante K. (la letra K se empleó a fin de evitar la confusión con la función de costo C). El valor de K se determina por el hecho de que 900)2( =C . En particular, 212)2(400)2(30)2(900 23 =++−= KK o De aquí, 21240030)( 23 ++−= qqqqC Y el costo de producción de las primeras 5 unidades es: 1587$ 212)5(400)5(30)5()5( 3 = ++−=C 2. Un automóvil viaja en línea recta a 45 millas por hora (66 pies por segundo) en el instante en el que el conductor se ve forzado a aplicar los frenos para evitar un accidente. Si los frenos proporcionan una desaceleración constante de 22 pies/s2, ¿Qué distancia recorre el automóvil antes de detenerse por completo? Solución: Sea )(ts la distancia recorrida por el automóvil en t segundos después de aplicar los frenos. Como el automóvil desacelera a 22 pies/s2, se tiene que 22)( −=ta ; es decir, 22)( −== ta dt dv Integrando, se encuentra que la velocidad en el momento t está dado por: 12222)( Ctdttv +−=−= ∫ Para calcular 1C , observe que 66=v cuando 0=t , de modo que: 1)0(22)0(66 Cv +−== Y 661 =C . Por lo que la velocidad en el momento t es 6622)( +−= ttv . A continuación, para encontrar la distancia )(ts , se inicia con el hecho de que: 6622)( +−== ttv dt ds e integrando se tiene que: ( ) 22 66116622)( Cttdttts ++−=+−= ∫ 12 Como 0)0( =s , se deduce que 02 =C y ttts 6611)( 2 +−= Finalmente, para encontrar la distancia a la que se detiene el automóvil, este se detiene cuando 0)( =tv , lo cual sucede cuando: 06622)( =+−= ttv Resolviendo esta ecuación, se obtiene que el automóvil se detiene después de 3 segundos de desaceleración, y en ese tiempo a recorrido pies 99)3(66)3(11)3( 2 =+−=s 3. CRECIMIENTO DE LA POBLACIÓN. Se ha estimado que dentro de t meses la población ( )P t de una cierta ciudad cambiará a razón de 2/3'( ) 4 5P t t= + personas por mes. Si la población actual es de 10000, ¿cuál será la población dentro de 8 meses? Solución: La población ( )P t se encuentra antiderivando dP dt como se muestra a continuación: 5/3 2/3 5/3( ) (4 5 ) 4 5 4 3 5 / 3 dP t P t dt t dt t C t t C dt = = + = + + = + + ∫ ∫ Como la población es de 10000 cuando 0t = , se tiene que: ( ) ( ) 5/3 (0) 10000 4 0 3 0P C= = + + 10000C⇒ = Así, 5/3( ) 4 3 10000P t t t= + + Entonces, después de 8 meses, la población es ( ) ( )5/3(8) 4 8 3 8 10000 10128P = + + = 4. Un minorista recibe un cargamento de 10000 kilogramos de arroz que se consumirán e un periodo de 5 meses a una tasa constante de 2000 kilogramos por mes. Si los costos de almacenamiento son 1 centavo por kilogramo al mes, ¿cuánto pagará el minorista en costos de almacenamiento durante los próximos 5 meses? Solución: Sea ( )S t el costo total de almacenamiento (en dólares) durante t meses. Como el arroz se consume a una tasa constante de 2000 kilogramos por mes, el número de kilogramos de arroz almacenado después de t meses es de 10000 2000t− . Por tanto, como los costos de almacenamiento son 1 centavo por kilogramo al mes, la tasa de cambio del costo de almacenamiento con respecto al tiempo es costo mensual número de 0.01(10000 2000 ) por kilogramo kilogramos dS t dt = = − 13 Se deduce que ( )S t es una antiderivada de 0.01(10000 2000 ) 100 20t t− = − . Es decir, 2( ) (100 20 ) 100 10 dS S t dt t dt t t c dt = = − = − +∫ ∫ Para alguna constante c . Para determinar c , se usa el hecho de que cuando llega el cargamento (cuando 0t = ) no hay costo, por lo que: 20 100(0) 10(0) 0c c= − + ⇒ = De aquí, 2( ) 100 10S t t t= − Y el costo total de almacenamiento durante los próximos 5 meses será 2(5) 100(5) 10(5) $250S = − = PR0BLEMAS 1.1 1. En los siguientes ejercicios, halle las integrales dadas: a) 5 3 x dx∫ b) ( )33 2 5x x dx+ +∫ c) ( )2 4 2y y dy+ +∫ d) 3 1 dy y∫ e) 2 3 2 2 x x dx x + + + ∫ f) ( )23 5 2x x dx+ +∫ g) 4 5 te dt t + ∫ h) /2 1 5 3 xe dx x x − − + ∫ i) ( )21ye dy+∫ j) 3 2sin 3 xe x dx + ∫ k) ( )0.02 0.13 4t te e dt− − +∫ l) ( )2tan 3cosx x dx−∫ m) ( )2 2sin 2x dx x + ∫ n) ( )1/2 2 2t t t dt− − +∫ o) ( )3 2 12 5x x dx x − − ∫ p) 23 2 3z z dz z + + ∫ q) 3 1 2 2 x x − + ∫ 2. Resuelve los siguientes problemas a) INGRESO MARGINAL. El ingreso marginal derivado de la producción de q unidades de cierto artículo es 2' ( ) 4 1.2R q q q= − dólares por unidad. Si el ingreso derivado de la producción de 20 unidades es de $30000, ¿cuál será el ingreso esperado por la producción de 40 unidades? b) COSTO MARGINAL. Un fabricante estima que el costo marginal por producir q unidades de cierto bien es 2' ( ) 3 24 48C q q q= − + dólares por unidad. Si el 14 costo de producción de 10 unidades es de $5000, ¿cuál es el costo de producción de 30 unidades? c) UTILIDAD MARGINAL. Un fabricante estima que el ingreso marginal será 1/2' ( ) 200R q q−= dólares por unidad cuando el nivel de producción sea de q unidades. Se ha determinado que el costo marginal correspondiente es de 0.4q dólares por unidad. Suponga que la utilidad del fabricante es $2000 cuando en nivel de producción es de 25 unidades. ¿Cuál es la utilidad del fabricante cuando el nivel de producción sea de 36 unidades? d) CRECIMIENTO DE UN ARBOL. Un ecologista encuentra que cierto tipo de árbol crece de tal forma que su altura ( )h t después de t años cambia a una razón de 2/3' ( ) 0.2 pies/añoh t t t= + Si cuando se plantó el árbol éste tenía una altura de 2 pies, ¿cuál será su altura dentro de 27 años? e) CRECIMIENTO DE LA POBLACIÓN. Se ha determinado que la población ( )P t de una cierta colonia de bacterias, t horas después de iniciar la observación, tiene un razón de cambio 0.10.03200 150t t dP e e dt −= + Si la población era de 200000 bacterias cuando inició la observación, ¿cuál será la población 12 horas después? f) APRENDIZAJE. Tony toma una prueba de aprendizaje en la que se registra el tiempo que le toma memorizar aspectos de una lista dada. Sea ( )M t el número de aspectos que puede memorizar en t minutos. Su tasa de aprendizaje se determina como 2'( ) 0.4 0.005M t t t= − a) ¿Cuántos aspectos puede memorizar Tony durante los primeros 10 minutos? b) ¿Cuántos aspectos adicionales puede memorizar durante los siguientes 10 minutos (del tiempo 10t = al 20t = )? g) DESCONGELAMIENTO. Un trozo de carne se saca del refrigerador y se deja en el mostrador para que se descongele. Cuando se sacó del congelador, la temperatura de la carne era de -4°C, y t horas más tarde se incrementaba a una tasa de 0.35 o' ( ) 7 C/htT t e−= a) Determine una fórmula para la temperatura de la carne después de t horas. b) ¿Cuál es la temperatura después 2 horas? c) Suponga que la carne está descongelada cuando su temperatura llega a 10°C. ¿Cuánto tiempo transcurre hasta que se descongela la carne? 15 CAPÍTULO 2 TÉCNICAS DE INTEGRACIÓN 1. INTEGRACIÓN POR CAMBIO DE VARIABLE 2. INTEGRACION POR PARTES 2.1 MÉTODO TABULAR 3. INTEGRACIÓN DE FUNCIONES RACIONALES POR FRACCIONES PARCIALES 4. INTEGRACIÓN POR SUSTITUCIÓN TRIGONOMÉTRICA 16 SECCIÓN 2.1: INTEGRACIÓN POR SUSTITUCIÓN O CAMBIO DE VARIABLE El método de integración por sustitución o cambio de variable consiste en transformar la integral dada, mediante un cambio de variable en otra inmediata o más sencilla de integrar. TEOREMA: Sea g una función compuesta cuyo recorrido es un intervalo I , y sea f una función continua en I . Si g es diferenciable en su dominio y F es una primitiva de f en I , entonces: ( ) ( )( ) '( ) ( )f g x g x dx F g x C= +∫ Si ( )u g x= , entonces '( )du g x dx= y ( ) ( )( ) '( ) ( )f g x g x dx f u du F u C= = +∫ ∫ Estrategia para el cambio de variable 1. Elegir una sustitución ( )u g x= . En general, conviene elegir la parte interna de alguna función compuesta, tal como una cantidad elevada a una potencia. 2. Hallar '( )du g x dx= . 3. Reescribir la integral dada en términos de u . 4. Hallar la resultante en u . 5. Sustituir u por ( )g x para obtener la primitiva en términos de x . 6. Verificar la respuesta por derivación (opcional). Ejemplos: 1. Determinar ( )( )1221 2 5x x x dx+ + +∫ Solución: Hacemos el cambio de variable 2 2 5u x x= + + , de donde ( ) ( )2 2 2 1du x dx x dx= + = + . Luego: ( )1 2 du x dx+ = . Finalmente sustituyendo u y 2 du en la integral, tenemos: ( )( ) ( ) ( )12 122 2 12 1211 2 5 2 5 1 2 2 du x x x dx x x x dx u u du + + + = + + + = = ∫ ∫ ∫ ∫ ( ) 13 1313 21 1 1 2 5 2 13 26 26 u C u C x x C = + = + = + + + 2. Determinar 3 4 2 10 5 6 x x dx x x − − + ∫ Solución: 17 Hacemos el cambio de variable 4 2 6u x x= − + , de donde ( ) ( )3 34 2 2 2du x x dx x x dx= − = − . Luego: ( )32 2 du dx x x = − . Finalmente, sustituyendo u y ( )32 2 du x x− en la integral dada, tenemos: ( ) ( ) ( ) 3 33 34 2 4 2 5 2 210 5 5 5 22 26 6 x x x xx x du du dx dx u ux xx x x x − −− = = = −− + − + ∫ ∫ ∫ ∫ ( ) 1/2 1/21/2 1/2 4 25 5 5 5 6 2 2 1/ 2 u u du C u C x x C− = = + = + = − + + ∫ 3. Determinar 2 6 3 4 4 1 x dx x x − − +∫ Solución: Hacemos el cambio de variable 24 4 1u x x= − + , de donde ( ) ( )8 4 4 2 1du x dx x dx= − = − . Luego: ( )4 2 1 du dx x = − . Reemplazando u y ( )4 2 1 du x − en la integral dada, tenemos: ( ) ( ) ( )2 2 3 2 1 2 16 3 3 4 2 14 4 1 4 4 1 x xx du dx dx u xx x x x − −− = = −− + − +∫ ∫ ∫ ( ) ( )23 3 3ln ln 4 4 1 4 4 4 du u C x x C u = = + = − + +∫ 4. Determinar 3 4 3 x dx x−∫ Solución: Hacemos el cambio de variable 4 3u x= − , de donde 3du dx= − ; y de aquí 3 du dx = − . Además: 3 4 u x −= Reemplazando en la integral dada, tenemos: 3 3 3 3 4 4 1 43 3 3 94 3 3 u x du u du u dx du x u u u − − − = − = − = − − ∫ ∫ ∫ ∫ ( ) ( ) 2/3 5/3 1/3 1/3 2/31 1 14 4 4 9 9 9 2 / 3 5 / 3 u u u u du u u du C− − = − − = − − = − − + ∫ ∫ ( ) ( ) ( ) 5/3 2/3 5/32/31 1 3 2 16 4 3 4 3 9 9 5 3 15 u u C x x C = − + + = − − + − + 5. Determinar ( )3/21/3 2/3 1x x dx+∫ Solución: 18 Hacemos el cambio de variable 2/3 1u x= + , de donde 1/3 2 3 du x dx−= ; y de aquí 1/33 2 dx x du= . Reemplazando en la integral, se obtiene: ( ) ( )3/2 3/21/3 2/3 1/3 1/3 1/3 3/2 1/3 2/3 3/23 3 31 2 2 2 x x dx x u x du x u x du x u du + = = = ∫ ∫ ∫ ∫ Además: 13 2 −= ux Finalmente, reemplazando 2/3x en la última integral, tenemos: ( ) ( ) ( )3/21/3 2/3 2/3 3/2 3/2 5/2 3/23 3 31 1 2 2 2 x x dx x u du u u du u u du+ = = − = −∫ ∫ ∫ ∫ 7/2 5/2 7/2 5/23 3 2 2 2 7 / 2 5 / 2 2 7 5 u u C u u C = − + = − + ( ) ( )7/2 5/27/2 5/2 2/3 2/33 3 3 31 1 7 5 7 5 u u C x x C= − + = + − + + 6. Determinar 21 2y ydy+∫ . Solución: Hacemos el cambio 21u y= + , entonces 2du ydy= . Sustituyendo en la integral, tenemos: 312 2 2 2 1 2 3 y ydy udu u du u C+ = = = +∫ ∫ ∫ Reemplazando u por 21 y+ , tenemos: ( )32 2 221 2 1 3 y ydy y C+ = + +∫ 7. Determinar 5 25x x dx−∫ . Solución: Hacemos 25 xu −= , entonces xdxdu 2−= ; y de aquí x du dx 2 −= . Luego, reemplazando en la integral: ( ) 615 2 5 5 5 6 2 5 1 5 5 2 2 12 5 5 12 du x x dx u u du u C x C − = = − = − + − = − − + ∫ ∫ ∫ 8. Determinar ( )43 21 3x x dx+∫ . Solución: 19 Hacemos 13 += xu , entonces dxxdu 23= ; y de aquí 23x du dx = . Reemplazando en la integral, tenemos: ( ) Cuduudxxx +==+ ∫∫ 531 5 4243 ( ) C x ++= 5 1 53 9. Determinar sin( )cos( )x x dx∫ . Solución: Hacemos )sin(xu = , entonces dxxdu )cos(= ; y de aquí )sin(x du dx = . Reemplazando en la integral, tenemos: ( ) 2 2 sin( )cos( ) 2 sin( ) 2 u x x dx udu C x C = = + = + ∫ ∫ 10. Determinar ( )∫ 22cos x xdx . Solución: Hacemos 2xu = , entonces xdxdu 2= ; y de aquí x du dx 2 = . Reemplazando en la integral, tenemos: ( ) ( ) ( )∫∫∫ == duudxxxx xdx 222 22 sec 2 1 sec cos ( ) Cx Cu += += 2tan 2 1 )tan( 2 1 11. Determinar ( )21 1 dx dx x + + ∫ . Solución: Hacemos 1+= xu , entonces dxdu = . Entonces: ( ) ( ) 2 2 2 2 ln 1 11 1 ln 1 1 1 dx du dx u u C ux x x C = = + + + ++ + = + + + + + ∫ ∫ 20 12. Determinar 21 ln ( ) dx x x−∫ . Solución: Hacemos )ln(xu = , entonces x dx du = ; y de aquí xdudx = . Entonces, tenemos: ( ) 2 2 arcsin( ) 1 ln ( ) 1 arcsin ln( ) dx du u C x x u x C = = + − − = + ∫ ∫ 13. Determinar 3 21 x dx x−∫ Solución: Hacemos 21 xu −= , entonces xdxdu 2−= ; y de aquí x du dx 2 −= . Entonces: ( ) ( ) Cxx Cuu duuduudu u u x dxx +−+−−= ++−= +−=−−= − ∫∫∫∫ − 2 3 22 1 2 2 3 2 1 2 1 2 1 2 3 1 3 1 1 3 1 2 1 2 11 2 1 1 14. Determinar ∫ dxxx )3cos()3(sin 2 Solución: Hacemos ( )xu 3sin= , entonces dxxdu )3cos(3= . Reemplazando en la integral, tenemos: ( ) Cx C u duudxxx += + = = ∫∫ 3sin 9 1 33 1 3 1 )3cos()3(sin 3 3 22 15. Determinar ∫ − dxe x1 . Solución: Hacemos xu −=1 , entonces dxdu −= . Reemplazando en la integral, tenemos: Ce Ceduedxe x uux +−= +−=−= − − ∫∫ 1 1 16. Determinar 5 21x x dx−∫ Solución: Hacemos 21 xu −= , entonces xdxdu 2−= y ux −= 12 . Reemplazando en la integral, tenemos: 21 ( )∫ ∫∫∫ −−=−= −=− duuuduux x du uxdxxx 24525 1 2 1 2 1 2 1 ( ) ∫∫ +−−=+−−= duuuuduuuu 2 5 2 3 2 1 2 12 2 2 1 21 2 1 Cuuu + +−−= 2 7 2 5 2 3 7 2 5 4 3 2 2 1 ( ) ( ) ( ) Cxxx +−+−−−−= 2 7 22 5 22 3 2 1 7 1 1 5 2 1 3 1 17. Determinar ∫ − dx x x 13 2 Solución: Hacemos 13 −= xu , entonces dxxdu 23= . Reemplazando en la integral, tenemos: Cx Cu duu x du u x dx x x +−= + = = = − ∫ ∫∫ − 1 3 2 2 3 1 3 1 31 3 2 1 2 1 2 2 3 2 18. Determinar 4 57 1 x dx x +∫ Solución: Hacemos 15 += xu , entonces dxxdu 45= . Reemplazando en la integral, tenemos: ( ) Cx Cu duudu u dx x x ++= + = == + ∫∫∫ − 7 6 5 7 6 7 1 77 5 4 1 30 7 6 7 5 1 5 11 5 1 1 APLICACIONES DE LOS PROBLEMAS CON VALOR INICIAL 1. Se estima que el precio p (dólares) de cada unidad de un cierto artículo cambia a una tasa de 2 135 9 dp x dx x −= + Donde x (cientos) de unidades es la demanda del consumidor (el número de unidades compradas a ese precio). Suponga que se demandan 400 unidades ( 4x = ) cuando el precio es de $30 por unidad. 22 a) Determine la función de la demanda b) ¿A qué precio se demandaran 300 unidades? ¿A qué precio no se demandara ninguna unidad? c) ¿cuántas unidades se demandaran a un precio $20 por unidad? Solución: a) El precio por unidad demandada ( )p x se determina integrando ' ( )p x con respecto a x . Para efectuar esta integración, se emplea la sustitución 29 xu += , de donde xdxdu 2= ; y de aquí duxdx 2 1= . Luego: 1/2 1/2 1/22 135 135 1 135 135 ( ) 2 2 2 1/ 29 x u p x dx du u du C ux − − − − − = = = = + + ∫ ∫ ∫ 2135 9 x C= − + + Como 30p = cuando 4x = , se tiene que: (4) 30p = 2135 9 4 30C− + + = 30 135 25 705C = + = Por lo tanto: 2( ) 135 9 705p x x= − + + b) Cuando se demandan 300 unidades, 3x = y el precio correspondiente es: 2(3) 135 9 3 705 $132.24p = − + + = por unidad No se demanda ninguna unidad cuando 0x = y el precio correspondiente es: 2(0) 135 9 0 705 $300p = − + + = por unidad c) Para determinar el número de unidades demandadas a un precio unitario de $20, se necesita resolver la siguiente ecuación: 2135 9 705 20x− + + = 2135 9 685x⇒ + = 2 6859 135 x⇒ + = 29 25.75x⇒ + ≈ 2 16.75x⇒ ≈ 4.09x⇒ ≈ Es decir, se demandarán aproximadamente 409 unidades cuando el precio sea de $20 por unidad. 23 2. VENTAS AL MENUDEO. En cierta sección del país, se estima que dentro de t semanas, el precio del pollo crecerá a una tasa de '( ) 3 1p t t= + centavos por kilogramo por semana. Si actualmente el pollo cuesta $3 por kilogramo, ¿cuánto costará dentro de 8 semanas? Solución: El precio del pollo ( )p x se determina integrando '( ) 3 1p t t= + con respecto a t . Así: ( ) '( ) 3 1p t p t dt t dt= = +∫ ∫ Para efectuar esta integración, se emplea la sustitución 1+= tu , de donde dtdu = . Luego: 3/2 1/2( ) 3 1 3 3 3 3 / 2 u p t t dt u dt u du C = + = = = + ∫ ∫ ∫ ( ) 3/23/22 2 1u C t C= + = + + Por dato del problema, 300p = (pues el precio está dado en centavos) cuando 0t = , así se tiene: 300 (0)p= ( ) 3/2 300 2 0 1 C⇒ = + + 300 2 C⇒ = + 298C⇒ = De aquí, ( ) 3/2 ( ) 2 1 298p t t= + + Por lo tanto, el precio del pollo después de 8 semanas es ( ) ( )3/2 3/2(8) 2 8 1 298 2 9 298 2 27 298 352centavos $3.52 p = + + = + = × + = = 3. CONTAMINACION DEL AIRE. En cierto suburbio de Lima, el nivel de ozono ( )L t a las 7:00 a.m. es de 0.25 partes por millón (ppm). Una predicción del clima anticipa que el nivel de ozono t horas más tarde cambiará a una tasa de: 2 0.24 0.03 '( ) 36 16 t L t t t −= + − partes por millón por hora (ppm/h). a) Exprese el nivel de ozono ( )L t como una función de t . b) ¿Cuándo ocurre el nivel máximo de ozono? ¿Cuál es el nivel máximo? Solución: a) El nivel de ozono ( )L t se determina integrando '( )L t con respecto a t . Así 2 0.24 0.03 ( ) '( ) 36 16 t L t L t dt dt t t −= = + − ∫ ∫ 24 Para realizar a integración, se emplea la sustitución 21636 ttu −+= , de donde ( ) ( )dttdttdu −=−= 82216 ; y de aquí ( )dttdu −= 8 2 . Luego: ( ) 2 2 2 0.24 0.03 0.03(8 ) 1 ( ) 0.03 8 36 16 36 16 36 16 t t L t dt dt t dt t t t t t t − −= = = − + − + − + − ∫ ∫ ∫ 1/2 1/2 1/21 0.03 0.030.03 0.03 2 2 2 1/ 2 du u u du C u C u − = = = + = + ∫ ∫ 20.03 36 16t t C= + − + Por dato del problema, 0.25L = cuando 0t = (pues las 7:00 a.m. es la hora de inicio), así se tiene: 0.25 (0)L= ( ) ( ) 2 0.25 0.03 36 16 0 0 C⇒ = + − + 0.25 0.03 36 C⇒ = + 0.07C⇒ = Por lo tanto: 2( ) 0.03 36 16 0.07L t t t= + − + b) Para determinar cuando ocurre el nivel máximo de ozono, se debe de igualar la tasa de variación de ozono a cero, es decir: 2 0.24 0.03 0.24 '( ) 0 0 0.24 0.03 0 8 0.0336 16 t L t t t t t −= ⇒ = = ⇒ − = ⇒ = = + − Para verificar si justamente el valor hallado proporciona el nivel máximo de ozono, se hace uso del criterio de la segunda derivada, así necesitamos calcular la segunda derivada de ( )L t y reemplazar 8t = en ella, si el valor de la segunda derivada es negativa entonces en 8t = se alcanza el nivel máximo de ozono y este nivel máximo se determina reemplazando 8t = en ( )L t . En efecto: 3 2 3 ''( ) 16 36 L t t t = − − + + Reemplazando 8t = en ''( )L t , se tiene ( ) ( ) 3 2 3 ''(8) 0.003 8 16 8 36 L = − = − − + + 25 Por lo tanto el nivel máximo de ozono ocurre cuando 8t = , es decir a las 3 p.m. Así el nivel máximo de ozono es: ( ) ( )2(8) 0.06 36 16 8 8 0.11 0.49 ppmL = + − − = PR0BLEMAS 2.1 1. Usando el método de cambio de variable halle las siguientes integrales: a) a bx dx+∫ b) 22x x dx+∫ c) 2 1x x dx−∫ d) 2( 1) x dx x +∫ e) ( ) 323 1 −−∫ x xx e dx f) (2 ln )x dx x + ∫ g) 2 3 ( 1) 3 x dx x x + + ∫ h) 2( )a x dx x + ∫ i) 2/3 2 1 1 1 − ∫ dxxx j) 3 1 ln x x + ∫ k) 3 4 2 10 5 6 − − + ∫ x x dx x x l) 2 1 ( cos ) sen x dx x x + −∫ 2. VALOR DE LA TIERRA. Se estima que dentro de t años, el valor ( )V t de una hectárea de tierra cultivable crecerá a una tasa de 3 4 0.4 '( ) 0.2 8000 t V t t = + dólares por año. Actualmente la tierra vale $500 por hectárea. a) Determine ( )V t b) ¿Cuánto valdrá la tierra dentro de 10 años? 3. INGRESO. El ingreso marginal por la venta de x unidades de un cierto artículo se estima que será 20.01'( ) 50 3.5 xR x xe−= + dólares por unidad, donde ( )R x es el ingreso en dólares. a) Determine ( )R x , suponiendo que (0) 0R = . b) ¿Qué ingreso se espera por la venta de 1000 unidades? 26 4. CRECIMIENTO DE UN ARBOL. Se trasplantó un árbol y después de x años este crecía a una tasa de ( )2 1 1 1x + + metros por año. Después de 2 años el árbol alcanzó una altura de 5 metros. ¿Quéaltura tenía cuando se trasplantó? 5. INGRESO. El ingreso marginal por la venta de x unidades de un cierto artículo se estima que será 20.01'( ) 50 3.5 xR x xe−= + dólares por unidad, donde ( )R x es el ingreso e dólares. c) Determine ( )R x , suponiendo que (0) 0R = . d) ¿Qué ingreso se espera por la venta de 1000 unidades? 6. CONCENTRACION DE UN MEDICAMENTO. La concentración ( )C t en miligramos por centímetro cúbico (mg/cm3) de un medicamento en el torrente sanguíneo de un paciente es de 0.5mg/cm3 inmediatamente después de una inyección y t minutos más tarde disminuye a la tasa de ( ) 0.01 20.01 0.01 '( ) 1 t t e C t e −= + mg/cm3 por minuto. Se aplica una nueva inyección cuando la concentración es menor que 0.05 mg/cm3. a) Determine una expresión para ( )C t . b) ¿Cuál es la concentración después de 1 hora? 7. CONTAMINACION DEL AGUA. Un derrame de petróleo en el océano tiene una forma aproximadamente circular, con radio ( )R t pies, t minutos después del inicio del derrame. E radio crece a una tasa de 21 '( ) pies/min 0.07 5 R t t = + a) Determine una expresión para el radio ( )R t , suponiendo que 0R = cuando 0t = . b) ¿Cuál es el área 2A R= π del derrame después de 1 hora? 8. BENEFICIO DE UNA COMPAÑÍA. El beneficio marginal de una cierta compañía es de: 3R'(x) x x 2= − dólares por unidad cuando el nivel de producción es de “x” 27 unidades. Si el beneficio de la compañía es de $12 000 cuando se produce 150 unidades. Hallar la función de beneficio total SECCIÓN 2.2: INTEGRACIÓN POR PARTES En esta sección estudiaremos una técnica de integración muy importante, llamada integración por partes. Esta técnica puede aplicarse a una amplia variedad de integrales y es particularmente eficaz para integrandos donde aparecen productos de funciones algébricas y trascendentes. Por ejemplo, funciona muy bien para resolver integrales como: 2ln , , sinx xx xdx x e dx e xdx∫ ∫ ∫ La integración por partes se basa en la fórmula de la derivada de un producto: ( ) ' 'd dv duuv u v uv vu dx dx dx = + = + Donde u y v son funciones derivables de x . Si 'u y 'v son continuas, podemos integrar ambos lados para llegar al resultado ' 'uv uv dx vu dx udv vdu = + = + ∫ ∫ ∫ ∫ Reescribiendo esta ecuación se obtiene el siguiente teorema. TEOREMA: Si u y v son funciones de x con derivadas continuas, entonces: udv uv vdu= −∫ ∫ Esta fórmula expresa la integral original en términos de otra integral. Dependiendo de la elección de u y de dv , puede ocurrir que la segunda integral sea más fácil que la original. Como las elecciones de u y de dv son críticas para la buena marcha del método, damos unas indicaciones sobre cómo proceder ESTRATEGIA PARA INTEGRAR POR PARTES 1. Para el cálculo de la integral ( )f x dx∫ , donde el integrando, ( )f x , es de la forma mostrada abajo, se escoge u y dv como sigue: a) Si ( ) ( ) ( );x xf x p x e u p x dv e dx= ⇒ = = b) Si ( ) ( ) ln( ) ln( ); ( )f x p x x u x dv p x dx= ⇒ = = c) Si ( ) ( )( ) ( ) sin ,cos ( ); sin ,cosf x p x x x u p x dv x x dx= ⇒ = = d) Si ( ) ( )( ) sin ,cos sin ,cos ;x xf x e x x u x x dv e dx= ⇒ = = 28 2. Intente tomar como dv la porción más complicada del integrando que se ajuste a una regla básica de integración y como u el factor restante del integrando 3. Intente tomar como u la porción del integrando cuya derivada es una función más simple que u y como dv el factor restante del integrando. Ejemplos: 1. Determine sin( )x x dx∫ Solución: Según la estrategia 1. c), se elige u y dv como sigue sin cossin du dxu x v xdx xdv x dx == ⇒ = = −= ∫ Se sabe que udv uv vdu= −∫ ∫ Así: sin cos cos cos cos cos sinx xdx x x xdx x x xdx x x x C= − − − = − + = − + +∫ ∫ ∫ 2. Determine 2 ln( )x x dx∫ Solución: Según la estrategia 1. b), se elige u y dv como sigue: 2 3 2 ln( ) 3 dx du u x x dv x dx x v x dx == ⇒ = = = ∫ Se sabe que: udv uv vdu= −∫ ∫ Así: 3 3 3 3 3 2 21ln ln( ) ln( ) ln( ) 3 3 3 3 3 9 x x dx x x x x xdx x x x dx x C x = − = − = − +∫ ∫ ∫ 3. Determine cosxe xdx∫ Solución: Según la estrategia 1. d), se elige u y dv como sigue: sincos x xx du x dxu x v e dx edv e dx = −= ⇒ = == ∫ Se sabe que 29 udv uv vdu= −∫ ∫ Así: cos cos( ) ( sin ) cos( ) sinx x x x xe xdx x e e xdx x e e xdx= − − = +∫ ∫ ∫ Para la segunda integral del lado derecho, apliquemos nuevamente integración por partes, así haciendo: cossin x xx du xdxu x v e dx edv e dx == ⇒ = == ∫ Se tiene: ( )cos cos( ) sin cos( ) sin( ) cosx x x x x xe x dx x e e x dx x e x e e x dx= + = + −∫ ∫ ∫ por lo tanto: cos cos cos( ) sin( )x x x xe xdx e xdx x e x e+ = +∫ ∫ 2 cos cos( ) sin( )x x xe xdx x e x e⇒ = +∫ cos( ) sin( ) cos 2 x x x x e x ee x dx C + ⇒ = +∫ 4. Determine (1 ln ) xe x x dx x + ∫ Solución: En primer lugar separemos las integrales, es decir: (1 ln ) ln x x xe x x edx dx e xdx x x + = +∫ ∫ ∫ Para la segunda integral del lado derecho apliquemos la técnica de integración por partes. Elijamos u y dv como sigue: 1 ln x x x du dxu x x dv e dx v e dx e == ⇒ = = = ∫ Así, (1 ln ) 1 ln ln( ) x x x x x xe x x e edx dx e xdx dx x e e dx x x x x + = + = + − ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ln( )xe x C= + 5. Determine ln(sin )cosx xdx∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: cos ln(sin ) sin cos cos sin x du dxu x x dv x dx v xdx x == ⇒ = = = ∫ Se sabe que: 30 udv uv vdu= −∫ ∫ Así: cos ln(sin )cos ln(sin )sin sin ln(sin )sin cos sin x x xdx x x x dx x x xdx x = − = −∫ ∫ ∫ sin ln(sin ) sinx x x C= − + 6. Determine 2 3(2 1) xx e dx++∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 2 3 2 3 2 3 2 2 1 2 x x x du dx u x e dv e dx v e dx + + + == + ⇒ = = = ∫ Se sabe que: udv uv vdu= −∫ ∫ Así: 2 3 2 3 2 3 2 3 2 3(2 1) (2 1) 2 (2 1) 2 2 2 x x x x xe e ex e dx x dx x e dx + + + + ++ = + − = + −∫ ∫ ∫ 2 3 2 3 (2 1) 2 2 x xe e x C + + = + − + 7. Determine (3 2)ln(5 )x x dx+∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 2 ln(5 ) (3 2) (3 2) 3 2 2 dx du u x x dv x dx x v x dx x == ⇒ = + = + = + ∫ Se sabe que: udv uv vdu= −∫ ∫ Así: 2 2 (3 2) ln(5 ) ln(5 ) 3 2 3 2 2 2 x x dx x x dx x x x x + = + − + ∫ ∫ 2 ln(5 ) 3 2 3 2 2 2 x x x x dx = + − + ∫ 2 23 3 ln(5 ) 2 2 2 4 x x x x x C = + − − + 8. Determine ln(5 )x dx∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 31 ln(5 ) dx duu x x dv dx v dx x == ⇒ = = = ∫ Se sabe que: udv uv vdu= −∫ ∫ Así: ln(5 ) ln(5 ) ln(5 ) ln(5 ) dx x dx x x x x x dx x x x C x = − = − = − +∫ ∫ ∫ 9. Determine 2ln (5 )x dx∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 2 2ln(5 )ln (5 ) dx du xu x x dv dx v dx x = = ⇒ = = = ∫ Se sabe que: udv uv vdu= −∫ ∫ Así: 2 2 2ln (5 ) ln (5 ) 2ln(5) ln (5 ) 2 ln(5 ) dx x dx x x x x x x dx x = − = −∫ ∫ ∫ ( ) 2ln (5 ) 2 ln(5 )x x x x x C= − − + 2ln (5 ) 2 ln(5 ) 2x x x x x C= − + + 10. Determine 3(2 2 )ln( )x x x dx+∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 3 4 2 4 3 2 ln (2 2 ) (2 2 ) 2 2 4 2 2 dx du u x x dv x x dx x x x v x x dx x == ⇒ = + = + = + = + ∫ Así, aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene:4 4 3 2 2(2 2 )ln( ) ln 2 2 x x dx x x x dx x x x x + = + − + ∫ ∫ 4 3 2 ln 2 2 x x x x x dx = + − + ∫ 4 4 2 2 ln 2 8 2 x x x x x C = + − − + 11. Determine xe dx∫ 32 Solución: Aplique primero un cambio de variable, así haciendo: 2 2mdm dx m x m x == ⇒ = Se tiene: 2 2x m me dx e m dm me dm= =∫ ∫ ∫ Aplique ahora integración por partes, tomando u y dv como sigue: m mm du dmu m v e dx edv e dx == ⇒ = == ∫ y usando la fórmula de integración por partes, se tiene: ( )2 2 2 2 2 2x m m m m m x xe dx me dm me e dm me e C xe e C= = − = − + = − +∫ ∫ ∫ 12. Determine 2ln( 1 )x x dx+ +∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 2 2ln( 1 ) 1 dx du u x x x dv dx v dx x = = + + +⇒ = = = ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: ( )2 2 2ln( 1 ) ln 1 (1)1 dx x x dx x x x x x + + = + + − + ∫ ∫ Para la segunda integral del lado derecho, 21 xdx x+ ∫ , apliquemos la técnica del cambio de variable, así haciendo: 2 2 2 2 2 1 1 udu xdx xdx udu u x u x = ⇒ == + ⇒ = + se tiene: 2 2 1 (2) 1 xdx udu du u C x C ux = = = + = + + + ∫ ∫ ∫ Reemplazando (2) en (1), resulta: ( )2 2 2ln( 1 ) ln 1 1 dx x x dx x x x x x + + = + + − + ∫ ∫ ( ) ( )2 2ln 1 1x x x x C= + + − + + ( )2 2ln 1 1x x x x C= + + − + − 13. Determine arcsinxdx∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 33 2arcsin 1 dx duu x x dv dx v dx x == −⇒ = = = ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: 2 arcsin (arcsin ) (1) 1 dx xdx x x x x = − − ∫ ∫ Para la segunda integral del lado derecho, 21 xdx x− ∫ , apliquemos la técnica del cambio de variable, así haciendo: 2 2 2 2 2 1 1 udu xdx xdx udu u x u x = − ⇒ = −= − ⇒ = − se tiene: 2 2 1 (2) 1 xdx udu du u C x C ux −= = − = − + = − − + − ∫ ∫ ∫ Reemplazando (2) en (1), resulta: ( )22arcsin (arcsin ) (arcsin ) 11 dx xdx x x x x x x C x = − = − − − + − ∫ ∫ 2(arcsin ) 1x x x C= + − − 14. Determine arctanx xdx∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 2 2 arctan 1 2 dx du u x x dv xdx x v xdx == + ⇒ = = = ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: 2 2 2 2 2 2 1 arctan (arctan ) (arctan ) 2 2 2 21 1 x x dx x x dx x xdx x x x x = − = − + +∫ ∫ ∫ 2 2 2 1 1 1 (arctan ) 2 2 1 x x x dx x + −= − + ∫ 2 2 2 2 1 1 1 (arctan ) 2 2 1 1 x x x dx x x += − − + + ∫ 2 2 1 1 (arctan ) 1 2 2 1 x x dx x = − − + ∫ 2 2 1 1 (arctan ) 2 2 1 x x dx dx x = − − + ∫ ∫ [ ] 2 1 (arctan ) arctan 2 2 x x x x C= − − + 2 arctan (arctan ) 2 2 2 x x x x C= − + + 34 15. Determine arctan 2 3 2(1 ) xxe dx x+∫ Solución: Se elige u y dv como sigue: 2 3 22 arctanarctan arctan 22 (1 )1 11 xx x x dx u du xx ee v dx edv dx xx = = + + ⇒ = == ++ ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: arctan arctan arctan 2 3 2 2 3 22 (1) (1 ) (1 )1 x x xxe x dxdx e e x xx = − + ++ ∫ ∫ Para la segunda integral del lado derecho, arctan 2 3 2(1 ) xe dx x+∫ , aplique nuevamente la técnica de integración por partes, así haciendo: 2 3 22 arctanarctan arctan 22 1 (1 )1 11 xx x xdx u du xx ee v dx edv dx xx = = − + + ⇒ = == ++ ∫ se tiene: arctan arctan arctan 2 3 2 2 3 22 1 (1 ) (1 )1 x x xe xdxdx e e x xx −= − + ++ ∫ ∫ arctan arctan 2 3 22 1 (2) (1 )1 x x xdxe e xx = + ++ ∫ Reemplazando (2) en (1), resulta: arctan arctan arctan 2 3 2 2 3 22(1 ) (1 )1 x x xxe x dxdx e e x xx = − + ++ ∫ ∫ arctan arctan arctan 2 3 22 2 1 (1 )1 1 x x xx xdxe e e xx x = − + ++ + ∫ arctan arctan arctan 2 3 22 2 1 (1 )1 1 x x xx xdxe e e xx x = − − ++ + ∫ por lo tanto: arctan arctan arctan 2 3 2 2 2 1 2 (1 ) 1 1 x x xxe xdx e e x x x = − + + + ∫ arctan arctan arctan 2 3 2 2 2 1 1 2(1 ) 1 1 x x xxe xdx e e C x x x ⇒ = − + + + + ∫ 16. Determine 2 arctan 1 x x dx x+ ∫ Solución: 35 Se elige u y dv como sigue: 2 2 2 2 arctan 1 11 1 dx duu x x x dv dx x v dx xx x == + ⇒ = = = ++ + ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: 2 2 2 22 2 arctan (arctan ) 1 1 (arctan ) 1 11 1 x x dx dx dx x x x x x xx x = + − + = + − ++ + ∫ ∫ ∫ 2 2(arctan ) 1 ln 1x x x x C= + − + + + 17. Determine 2 2 arctan 1 x x dx x+∫ Solución: Aplique primero un cambio de variable, así haciendo: 2arctan 1 tan dx dt t x x x t == ⇒ + = Y reemplazando en la integral dada, se tiene: ( ) 2 2 2 2 arctan tan tan 1 x x dx t tdt t t dt x = = +∫ ∫ ∫ Ahora intégrese por partes 2tant t dt∫ , para ello elija u y dv como sigue: 22 tan tantan du dtu t v t dt t tdv tdt == ⇒ = = −= ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: 2 2 2 arctan tan (tan ) (tan ) 1 x x dx t tdt t t t t t dt x = = − − − +∫ ∫ ∫ 2 2(tan ) tan tan ln sec 2 t t t t tdt tdt t t t t C= − − + = − − + +∫ ∫ ( ) 22 2 arctan(arctan ) arctan ln 1 2 xx x x x C= − − + + + ( )2 2arctanarctan ln 12 xx x x C= − − + + 18. Determine 3sec xdx∫ Solución: Primero escriba la integral dada de la siguiente manera: 3 2 2 2 2 sec sec sec (1 tan )sec sec tan sec ln sec tan tan sec (1) xdx x xdx x xdx xdx x xdx x x x xdx = = + = + = + + ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ Ahora, intégrese por partes, 2tan secx xdx∫ , para ello elija u y dv como sigue: 36 2sectan tan sec tan sec sec du xdxu x dv x xdx v x xdx x == ⇒ = = = ∫ Así aplicando la fórmula de integración por partes, se tiene: 2 2 3tan sec tan sec sec sec tan sec sec (2)x xdx x x x xdx x x xdx= − = −∫ ∫ ∫ Reemplazando (2) en (1), se tiene: 3 2sec ln sec tan tan secxdx x x x xdx= + +∫ ∫ 3ln sec tan tan sec secx x x x xdx= + + − ∫ por lo tanto: 32 sec ln sec tan tan secxdx x x x x= + +∫ ( )3 1sec ln sec tan tan sec 2 xdx x x x x C⇒ = + + +∫ MÉTODO TABULAR En problemas que exigen sucesivas integraciones por partes, conviene organizar el trabajo, como indica el siguiente ejemplo. Este método funciona bien en integrales de los tipos ( ) ax bp x e dx+∫ , ( )sin( )p x ax b dx+∫ y ( )cos( )p x ax b dx+∫ Ejemplos: Calcular las siguientes integrales: 1. 2(2 3 2) xx x e dx+ +∫ Solución: Como de costumbre empiece haciendo 22 3 2u x x= + + y xdv e dx= . A continuación elabore una tabla de tres columnas como sigue. Signos alternados u y sus derivadas dv y sus antiderivadas + 22 3 2x x+ + xe − 4 3x + xe + 4 xe − 0 xe Derivar hasta obtener una derivada nula La solución se obtiene multiplicando las expresiones según las líneas diagonales y sumando estos productos siguiendo los signos alternados. Así: 37 2 2(2 3 2) (2 3 2) (4 3) 4x x x xx x e dx x x e x e e C+ + = + + − + + +∫ 2(2 1) xx x e C= − − + 2. 2( 3 1)sin( )x x x dx+ +∫ Solución: Como de costumbre empiece haciendo 2 3 1u x x= + + y sindv xdx= . A continuaciónelabore una tabla de tres columnas como sigue. Signos alternados u y sus derivadas dv y sus antiderivadas + 2 3 1x x+ + sinx − 2 3x + cosx− + 2 sin x− − 0 cosx Derivar hasta obtener una derivada nula La solución se obtiene multiplicando las expresiones según las líneas diagonales y sumando estos productos siguiendo los signos alternados. Así 2 2( 3 1)sin( ) ( 3 1)( cos ) (2 3)( sin ) 2cosx x x dx x x x x x x C+ + = + + − − + − + +∫ 2( 3 1)cos (2 3)sin 2cosx x x x x x C= − + + + + + + 3. 4 3 2(2 2 ) xx x e dx++∫ Solución: Como de costumbre empiece haciendo 42 2u x x= + y 3 2xdv e dx+= . A continuación elabore una tabla de tres columnas como sigue. Signos alternados u y sus derivadas dv y sus antiderivadas + 42 2x x+ 3 2xe + − 38 2x + 3 2 3 xe + + 224x 3 2 9 xe + 38 − 48x 3 2 27 xe + + 48 3 2 81 xe + 0 3 2 243 xe + La solución se obtiene multiplicando las expresiones según las líneas diagonales y sumando estos productos siguiendo los signos alternados. Así: 3 2 3 2 3 2 4 3 2 4 3 2(2 2 ) (2 2 ) (8 2) 24 3 9 27 x x x x e e ex x e dx x x x x + + + ++ = + − + +∫ 3 2 3 2 48 48 81 243 x xe e x C + + − + + APLICACIONES DE LOS PROBLEMAS CON VALOR INICIAL 1. DISTANCIA. Después de t segundos, un cuerpo se mueve con velocidad 2 t te − metros por segundo. Exprese la posición del cuerpo como función del tiempo. Solución: Del enunciado del problema tenemos: 2)( t tetv − = [Recuerde que )(')( txtv = , donde )(tx representa la posición del cuerpo en el momento t] Entonces: ,)(' 2 t tetx − = De donde: ∫ − = dttetx t 2)( Para hallar )(tx usemos el método Tabular: Hagamos tu = y 2 t edv − = . A continuación elaboremos una tabla de tres columnas como sigue: Signos alternados u y sus derivadas dv y sus antiderivadas + t 2te − − 1 22 t e − − + 0 24 t e − Luego: 39 Cetetx Cetedttetx tt ttt +−−= +−−== −− −−− ∫ 22 222 42)( 42)( Usando 0)0( =x [pues la distancia es cero cuando no transcurre el tiempo], tenemos: Ceex +−−= 00 4)0(2)0( 4=⇒ C Por lo tanto, la función que brinda la posición del cuerpo en el momento t es: 22 42)( tt etetx −− −−= 2. EFICIENCIA. Luego de t horas en el trabajo, un trabajador de una fábrica puede producir tte 5.0100 − unidades por hora. ¿Cuántas unidades produce el trabajador durante las tres primeras horas? Solución: Del enunciado del problema tenemos: ttetN 5.0100)(' −= [Estamos asumiendo que )(tN represéntelas unidades que produce en trabajador en t horas] Luego: ∫ −= dttetN t5.0100)( Para hallar )(tN usemos el método tabular: consideremos tu 100= y tedv 5.0−= . A continuación elaboremos una tabla de tres columnas como sigue: Signos alternados u y sus derivadas dv y sus antiderivadas + 100 t te 5.0− − 100 te 5.02 −− + 0 te 5.04 − Entonces: CetetN dttetN tt t +−−= = −− − ∫ 5.05.0 5.0 400200)( 100)( Usando [pues cuando no transcurre el tiempo el trabajador no produce ninguna unidad], tenemos: 0400)0(200 00 =+−− Cee 400=⇒ C Por lo tanto: la función que describe el número de unidades que produce un trabajador en t horas será: 40 400400200)( 5.05.0 +−−= −− tt etetN Del enunciado del problema podemos determinar el número de unidades que produce el trabajador en 3 horas, lo cual se determina evaluando la última función en 3=t : 400400)3(200)3( )3(5.0)3(5.0 +−−= −− eeN PR0BLEMAS 2.2 1. Usando el método de integración por partes calcule las siguientes integrales: a) xxe dx∫ b) ln( )x x dt∫ c) 2 sin( )x x dx∫ d) ln( )x dx∫ e) 2ln ( )x dx∫ f) 2( 1) xx e dx++∫ g) sin( )xe x dx∫ h) (3 1)cos( )x x dx−∫ i) 2( 3 1)sin( )x x x dx+ −∫ j) 2(2 5 2) xx x e dx+ +∫ k) 2(2 1) ln( )x x dx+∫ 2. VENTAS DE UN JUEGO. Un fabricante de juegos de video determina que su nuevo juego se vende en el mercado a una tasa de −= 0,2xS '(x) 4000xe juegos por semana, en donde x es el número por semanas desde el lanzamiento del juego. Exprese las ventas totales, S , como una función de x. ¿Cuántos juegos se venderán durante las primeras cuatro semanas? 3. COSTOS. Una empresa tiene un costo marginal por unidad de su producto dado por 2 5000ln(x 20) C'(x) (x 20) += + , en donde x es el nivel de producción. Si los costos fijos ascienden a $ 2000, determine la función de costo. 4. CASOS EN UN HOSPITAL. Durante el desarrollo de una epidemia a la razón de llegada de casos nuevos a cierto hospital es igual a −0,1t5te , donde t está medido en días, =t 0 es el inicio de la epidemia. ¿Cuántos casos ha tratado en total el hospital cuando =t 5 y cuando =t 10 ? 5. INGRESO. El ingreso marginal de una empresa por su producto es x /20I '(x) 10(20 x)e−= − : determine la función de ingreso. 41 6. POBLACIÓN. Se proyecta que dentro de t años la población de cierta ciudad cambiará a razón de: ( )'( ) ln 1P t t t= + miles de personas al año. Si la población actual es de 2 millones de personas, ¿cuál será la población dentro de 5 años? SECCIÓN 2.2: INTEGRACIÓN DE FUNCIONES RACIONALES POR FRACCIONES PARCIALES Consideremos dos funciones polinómicas: 11 1 0( ) ... m m m mP x b x b x b x b − −= + + + + y 1 1 1 0( ) ... n n n nQ x a x a x a x a − −= + + + + Una función racional es el cociente de dos funciones polinómicas, es decir: ( ) ( ) ( ) P x R x Q x = Ejemplos: 1. 3 2 ( ) ( 1) f x x = + 2. 2 2 2 ( ) 4 8 x g x x x += − + 3. 5 3 3 2 1 ( ) 5 x x x h x x x + − += + Esta técnica de integración se aplica en el cálculo de integrales de funciones racionales, es decir, se aplica para el cálculo de integrales de la forma, ( ) ( ) P x dx Q x∫ Observación: 1. Cuando el grado de P(x) es menor que el grado de Q(x), a la función racional se le denomina función racional propia, en caso contrario se le llama impropia. El método de integración de funciones racionales se trata de reducir la función racional a una suma de fracciones simples (fracciones parciales), como: 2 5 3 2 3 2 3 1 3 x x x x x − = + − − + − Obteniéndose integrales inmediatas de la forma: 2 5 3 2 3 2 3 1 3 x dx dx dx x x x x − = + − − + −∫ ∫ ∫ 2. Si la función racional es impropia al dividir el numerador por el denominador se puede representar como una función dada como la suma de un polinomio y de una función racional. Es decir: 42 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) P x R x C x Q x Q x = + Donde )(xC y R(x) es el cociente y el residuo respectivamente que resulta de dividir P(x) entre Q(x). El método de integración de funciones racionales se trata de reducir la función racional a una suma de fracciones simples, obteniéndose integrales inmediatas de la forma: 0)( ; )( )( )( )( )( ≠+= ∫∫∫ xQdxxQ xR dxxCdx xQ xP Como se indicó en la observación anterior, para el cálculo de estos tipos de integrales existen dos casos y estos dependen de los grados de los polinomios ( )P x y ( )Q x . CASO I: FUNCIÓN RACIONAL PROPIA (Grado [P(x)]<Grado [Q(x)]) a) Cuando en la integral ( ) ( ) P x dx Q x∫ , la función polinómica ( )Q x se descompone en factores todas lineales y distintas, es decir: 1 2( ) ( )( ) ( )nQ x x b x b x b= ± ± ±… A la función racional ( ) ( ) P x Q x se expresa como una suma de fracciones simples: 1 2 1 2 1 2 ( ) ( ) . . . . ( ) ( )( ). . .( ) n n n AA AP x P x Q x x b x b x b x b x b x b = = + + + ± ± ± ±± ± Integrando en ambos lados se tiene: 1 2 1 2 ( ) . . . . ( ) n n AA AP x dx dx Q x x b x b x b = + + + ± ± ± ∫ ∫ 1 2 1 2 ( ) ( ) n n AA AP x dx dx dx dx Q x x b x b x b = + + + ± ± ±∫ ∫ ∫ ∫⋯ Donde: 1 2, ,..., nA A A son constantes que se van a determinar. Ejemplos: 1. Determine 2 1 ( 2)( 3) x x x x − − +∫ Solución: El número de factores que existan en el denominador indicará el número de fracciones que deberá separarse. En este ejemplo hay 3 factores en el denominador, lo cual indica que habrán 3 fracciones. En consecuencia: 2 1 ( 2)( 3) 2 3 x A B C x x x x x x − = + + − + − + Al desarrollar se tiene: 43 2 1 ( 2)( 3) 2 3 ( 2)( 3) ( 3) ( 2) ( 2)( 3) x A B C x x x x x x A x x Bx x Cx x x x x − = + + − + − + − + + + + −= − + Entonces: 2 1 ( 2)( 3) ( 3) ( 2) ( 2)( 3) ( 2)( 3) x A x x Bx x Cx x x x x x x x − − + + + + −= − + − + Quitando los denominadores se tiene: )2()3()3)(2(12 −++++−=− xCxxBxxxAx Luego tenemos: 2 2 2 2 1 ( 2)( 3) ( 3) ( 2) 6 3 2 ( ) ( 3 2 ) 6 x A x x Bx x Cx x Ax Ax A Bx Bx Cx Cx A B C x A B C x A − = − + + + + − = + − + + + − = + + + + − − Esta ecuación es una identidad, para todo x R∈ . En consecuencia habrá que igualar los coeficientes de las variables de igual potencia, así: 0 3 2 2 6 1 A B C A B C A + + = + − = − = − Resolviendo este sistema de ecuaciones, obtenemos: 1 3 7 , , 6 10 15 A B C= = = − Al sustituir los valores en 2 1 ( 2)( 3) 2 3 x A B C x x x x x x − = + + − + − + se tiene: 2 1 1/ 6 3 /10 7 /15 ( 2)( 3) 2 3 x x x x x x x − −= + + − − − − Finalmente en la integral se tiene: 2 1 3 7 ( 2)( 3) 6 10( 2) 15( 3) 1 3 7 6 10 2 15 3 1 3 7 ln ln 2 ln 3 6 10 15 x dx dx dx dx x x x x x x dx dx dx x x x x x x C − = + − − + − + = + − − + = + − − + + ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ Método práctico para hallar A, B y C: 44 Hay 2 formas para calcular las constantes de la descomposición de la función racional, , , ,A B C … . Una es la que ya se ha visto en el ejercicio anterior, llamada método de los coeficientes, la cual consiste en agrupar los términos que tengan el mismo grado, comparar con la expresión del lado izquierdo y establecer un sistema de ecuaciones, dando como solución de este sistema los valores de , yA B C . La otra forma es más práctica y consiste en dar valores a la variable x ( estos valores reciben el nombre de puntos críticos) tal que anule a cada factor que se obtuvo después del proceso de factorización (es decir es conveniente tomar 1x b= ± , donde 1b± son raíces de ( )Q x ), este valor, se remplaza en la expresión que se tenga, tanto en la parte izquierda como derecha, y esto dará de forma directa los valores de , , ,A B C … , o también asignar valores pequeños como 0, 1, 2,..., etc± ± . Teniendo en cuenta el ejemplo anterior tenemos: En la ecuación )1()2()3()3)(2(12 −++++−=− xCxxBxxxAx Se hallan los puntos críticos, igualando a cero cada factor del denominador. Es decir, ( 2)( 3) 0x x x− + = . Entonces: Se tiene 0, 2, 3x x x= = = − estos valores se sustituyen en (1) Así tendremos: Cuando 0x = , se tiene: 2(0) 1 (0 2)(0 3) (0)(0 3) (0)(0 2) A B C− = − + + + + − 6 1 61 =⇒ −=−⇒ A A Cuando 2x = se tiene: 2(2) 1 (2 2)(2 3) (2)(2 3) (2)(2 2) A B C− = − + + + + − 10 3 103 =⇒ =⇒ B B Cuando 3x = − se tiene: 2( 3) 1 ( 3 2)( 3 3) ( 3)( 3 3) ( 3)( 3 2) A B C− − = − − − + + − − + + − − − 15 7 157 −=⇒ =−⇒ C C 2. Determine 2 3 2 4 9 1 2 2 x x dx x x x + − + − −∫ Solución: Factoricemos la función polinómica del denominador: 3 2( ) 2 2 ( 1)( 1)( 2)Q x x x x x x x= + − − = + − + Así, separando en fracciones parciales, se tiene que 45 2 2 3 2 4 9 1 4 9 1 (1) ( 1)( 1)( 2) 1 1 22 2 x x x x A B C x x x x x xx x x + − + −= = + + + − + + − ++ − − ( 1)( 2) ( 1)( 2) ( 1)( 1) ( 1)( 1)( 2) A x x B x x C x x x x x − + + + + + + −= + − + Para que la igualdad se cumpla, los numeradores tienen que ser iguales, así: 24 9 1 ( 1)( 2) ( 1)( 2) ( 1)( 1)x x A x x B x x C x x+ − = − + + + + + + − Ordenando y agrupando: 2 24 9 1 ( ) ( 3 ) 2 2x x A B C x A B x A B C+ − = + + + + − + − De aquí, se tiene: 4 3 9 2 2 1 A B C A B A B C + + = + = − + − = − Resolviendo, se tiene: 3A = , 2B = y 1C = − Reemplazando en (1), se tiene: 2 3 2 4 9 1 3 2 1 1 1 22 2 x x x x xx x x + − = + + + − ++ − − Integrando en ambos lados, tenemos: 2 3 2 4 9 1 3 2 1 3 2 1 1 1 2 1 1 212 2 x x dx dx dx dx dx x x x x x xx x x + − = + + = + + + − + + − ++ − − ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ( ) ( ) C x xx Cxxx + + −+= ++−−++= 2 11 ln 2ln1ln21ln3 23 b) Cuando en la integral ( ) ( ) P x dx Q x∫ , la función polinómica ( )Q x se descompone en factores lineales algunas repetidas, suponiendo que x b± es el factor lineal que se repite p veces, es decir: 1 1 veces ( ) ( )( )...( )( )...( ) ( ) ( )...( )pp n p n p Q x x b x b x b x b x b x b x b x b+ += ± ± ± ± ± = ± ± ±��������� A la función racional ( ) ( ) P x Q x se expresa como una suma de funciones simples. 1 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ). . . ( )p p n P x P x Q x x b x b x b+ = ± ± ± 46 11 2 1 2 1 . . . . ( ) ( ) ( ) p p n p p n A A AA A x b x bx b x b x b + + = + + + + + + ± ±± ± ± … Integrando en ambos lados se tiene 11 2 1 2 1 ( ) . . . . ( ) ( ) ( ) ( ) p p n p p n A A AA AP x dx dx Q x x b x bx b x b x b + + = + + + + + + ± ±± ± ± ∫ ∫ … 11 2 1 2 1 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) p p n p p n A A AA AP x dx dx dx dx dx dx Q x x b x bx b x b x b + + = + + + + + + ± ±± ± ±∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫⋯ ⋯ Donde: 1 2, ,..., nA A A son constantes que se van a determinar. Ejemplos: 1. Determine 2( 3) x dx x −∫ Solución: Ahora la descomposición toma la forma: ( )22( 3) 3 3 x A B x x x = + − − − Con A y B por determinar. Después de quitar fracciones, obtenemos: ( 3)x A x B= − + Si ahora sustituimos el valor 3x = , se obtiene 3B = . y para cualquier otro valor, tal como 0x = , y conociendo el valor 3B = : 0 (0 3) 3A= − + , se tiene 1A = . Así: 2 2 1 1 3 ( 3) 3 ( 3) x dx dx dx x x x = + − − −∫ ∫ ∫ 3 ln 3 3 x C x = − − + − 2. Determine ( )( )∫ −+ +− dx xx xx 2 2 13 1383 Solución: Descomponemos el integrando de la manera siguiente: 2 2 2 3 8 13 ( 3)( 1) 3 1 ( 1) x x A B C x x x x x − + = + + + − + − − Quitando las fracciones esto cambia a: )3()1)(3()1(1383 22 ++−++−=+− xCxxBxAxx Los puntos críticos son: 1x = , 3x = − Al reemplazar estos valores se obtiene: Cuando 1x = , entonces 2C = Cuando 3x = − , entonces 4A = 47 Luego reemplazando los valores de 4A = , 2C = y 0x = en la última igualdad se obtiene 1B = − . Entonces: 2 2 2 3 8 13 4 2 ( 3)( 1) 3 1 ( 1) x x dx dx dx dx x x x x x − + = − + + − + − −∫ ∫ ∫ ∫ 2 4 ln 3 ln 1 1 x x C x = + − − − + − 3. Determine ( )( )∫ +− − dx xx x 211 3 Solución: 2 A B C I dx dx dx (x 1) (x 1) (x 1) = + + − + +∫ ∫ ∫ (1) Calculo de A, B y C: 2 2 x 3 A B C (x 1) (x 1)(x 1)(x 1) (x 1) − = + + − +− + + )1()1)(1(2)1(3 −++−++=− xCxxBxAx (2)Como esta igualdad se cumple para cualquier x, entonces en particular se cumplirá para 1x = y 1−=x . Es decir. Para 1=x implica 2 1−=A Para 1−=x implica 2=C . Remplazando los valores de 2 1−=A y 2=C y 0=x en (2) se tiene: )1(2)1( 2 1 3 −+−+−=− B 2 1=⇒ B Luego reemplazando los valores de A, B y C en (1) tenemos: ( ) C x xx dx x dx x dx x I + + −++−−= + + + + − −= ∫∫∫ 1 2 1ln 2 1 1ln 2 1 1 2 1 1 2 1 1 1 2 1 2 c) Cuando en la integral ( ) ( ) P x dx Q x∫ , la función polinómica ( )Q x se descompone en factores lineales y cuadráticos irreducibles y ninguno se repite, es decir: ( )( ) ( )2 2 21 1 1 2 2 2 1( ) ( )...( )p p p p nQ x a x b x c a x b x c a x b x c x b x b+= + + + + + + ± ±… 48 A la función racional ( ) ( ) P x Q x se expresa como una suma de funciones simples: ( )( ) ( )2 2 21 1 1 2 2 2 1 ( ) ( ) ( ) ( ) . . . ( )p p p p n P x P x Q x a x b x c a x b x c a x b x c x b x b+ = + + + + + + ± ±… 11 1 2 2 2 2 2 11 1 1 2 2 2 . . . .p p p n p np p p A x B A AA x B A x B x b x ba x b x c a x b x c a x b x c + + ++ += + + + + + + ± ±+ + + + + + … Integrando en ambos lados se tiene: 11 1 2 2 2 2 2 11 1 1 2 2 2 ( ) . . . . ( ) p p p n p np p p A x B A AA x B A x BP x dx dx Q x x b x ba x b x c a x b x c a x b x c + + ++ + = + + + + + + ± ±+ + + + + + ∫ ∫ … 1 1 2 2 2 2 2 1 1 1 2 2 2 ( ) ( ) p p p p p A x BA x B A x BP x dx dx dx dx Q x a x b x c a x b x c a x b x c ++ += + + + + + + + + +∫ ∫ ∫ ∫⋯ 1 1 p n p n A A dx dx x b x b + + + + + ± ±∫ ∫⋯ Donde: 1 2 1 2, ,..., , , , ,n pA A A B B B… son constantes que se van a determinar. Ejemplos: 1. Determine ( )( )2 5 1 1 x dx x x x + − + +∫ Solución: Trabajando con el integrando: ( )( ) 22 5 1 11 1 x A Bx C x x xx x x + += + − + +− + + ( ) ( ) ( ) ( )( ) 2 2 1 1 1 1 A x x Bx C x x x x + + + + − = − + + Quitando el denominador: ( ) ( ) ( )25 1 1x A x x Bx C x+ = + + + + − ( ) ( )25x A B x A B C x A C+ = + + − + + − Por identidad de polinomios, obtenemos el siguiente sistema: 0 1 5 A B A B C A C + = − + = − = Resolviendo se obtiene : 2A = , 2B = − , C=-3 Sustituyendo los valores de A, B y C, se obtiene: 49 ( )( ) 22 5 2 2 3 1 11 1 x x x x xx x x + − −= + − + +− + + Luego, en la integral: ( )( ) ∫∫∫ ++ −−+ − = ++− + dx xx x dx x dx xxx x 1 32 1 2 11 5 222 ∫ ++ +−−= dx xx x x 1 32 1ln2 2 ++ + ++ +−−= ∫∫ dxxx dx xx x x 1 1 2 1 12 1ln2 22 + + +++−−= ∫ dx x xxx 22 2 4 3 2 1 1 21ln1ln2 ( )( ) C x xxxdx xxx x C x xxx + +−++−−= ++− + + + −++−−= ∫ 3 12 arctan 3 4 1ln1ln2 11 5 4 3 2 1 arctan 3 4 1ln1ln2 2 22 2 2. Determine ∫ + dx x x 13 Solución: 3 2 x A Bx C I dx dx dx x 1x 1 x x 1 += = + ++ − +∫ ∫ ∫ (1) Calculo de A, B y C: 3 2 x A Bx C (x 1)x 1 x x 1 += + ++ − + ( ) ( )( )112 ++++−= xCBxxxAx (2) Como esta igualdad se cumple para cualquier x, entonces en particular: Para 1−=x implica 3 1−=A Para 0=x , 3 1−=A implica 3 1=C 50 Para 1=x , 3 1−=A y 3 1−=C implica 3 1=B : Luego reemplazando los valores de A, B y C en (1) se tiene: ∫∫ ∫∫∫ +− + +− −++−= +− ++ + −= + dx xx dx xx x x dx xx x dx x dx x x 1 1 2 1 1 12 6 1 1ln 3 1 1 1 3 1 1 1 3 1 1 22 23 2 2 1 1 1 1 ln x 1 ln x x 1 dx 1 33 6 2 (x ) 2 4 = − + + − + + − + ∫ C x xxx + −++−++−= 3 12 arctan 3 1 1ln 6 1 1ln 3 1 2 d) Cuando en la integral ( ) ( ) P x dx Q x∫ , la función polinómica ( )Q x se descompone en factores lineales y cuadráticos irreducibles repetidos, es decir: ( )( ) ( )2 2 2 1 veces ( ) ( )...( )p n p Q x ax bx c ax bx c ax bx c x b x b+= + + + + + + ± ±… ������������������� ( )2 1( )...( )p p nax bx c x b x b+= + + − − A la función racional ( ) ( ) P x Q x se expresa como una suma de funciones simples ( )2 1 ( ) ( ) ( ) ( ) . . . ( ) p p n P x P x Q x ax bx c x b x b+ = + + ± ± 11 1 2 2 2 1 2 2 2 1 . . . . ( ) ( ) ( ) p p p n p p n A x B A AA x B A x B x b x bax bx c ax bx c ax bx c + + ++ += + + + + + + ± ±+ + + + + + … Integrando en ambos lados se tiene 11 1 2 2 2 2 2 2 1 ( ) . . . . ( ) ( ) ( ) ( ) p p p n p p n A x B A AA x B A x BP x dx dx Q x x b x bax bx c ax bx c ax bx c + + ++ += + + + + + + ± ±+ + + + + + ∫ ∫ … 1 1 2 2 2 2 2 2 ( ) ( ) ( ) ( ) p p p A x BA x B A x BP x dx dx dx dx Q x ax bx c ax bx c ax bx c ++ += + + + + + + + + +∫ ∫ ∫ ∫⋯ 1 1 p n p n A A dx dx x b x b + + + + + ± ±∫ ∫⋯ Donde: 1 2 1 2, ,..., , , , ,n pA A A B B B… son constantes que se van a determinar. Ejemplos: 51 1. Determine ( )( )∫ +− +−+ dx xx xxx 22 24 21 144134 Solución: Trabajando con el integrando: 4 2 2 2 2 2 2 4x 13x 4x 14 A Bx C Dx E x 1(x 1)(x 2) x 2 (x 2) + − + + += + + −− + + + Luego, en la integral se tendría: 4 2 2 2 2 2 2 4x 13x 4x 14 A Bx C Dx E dx dx dx dx x 1(x 1)(x 2) x 2 (x 2) + − + + += + + −− + + +∫ ∫ ∫ ∫ (1) Determinemos los valores de A, B, C y D: 4 2 2 2 2 2 2 4x 13x 4x 14 A Bx C Dx E x 1(x 1)(x 2) x 2 (x 2) + − + + += + + −− + + + )24()22( )24()()(144134 23424 ECAxEDBC xDCBAxBCxBAxxx −−++−−+ ++−++−++=+−+ Igualando los coeficientes de las potencias correspondientes de x, tenemos el siguiente sistema: =−− −=+−− =+−+ =− =+ 1424 422 1324 0 4 ECA EDBC DCBA BC BA La solución del sistema anterior es A = 3, B = 1, C = 1, D = 0, E = –4. Entonces reemplazando estos valores en (1) se tiene: ( )( ) ( ) ( ) ( ) Cx xx xx dx x dx x x dx x dx x dx x x dx x dx xx xxx + + + −++−= + − + ++ − = + −+ + ++ − = +− +−+ ∫∫∫ ∫ ∫∫∫ 242 arctan 8 2 42ln 2 1 1ln3 2 1 4 2 1 1 1 3 2 4 2 1 1 3 21 144134 2 2 222 22222 24 2. Determine ( )∫ + dxxx 22 1 1 Solución: Trabajando con el integrando: ( ) ( )2 222 2 1 11 1 A Bx C Dx E x xx x x + += + + ++ + 52 ( ) ( ) ( ) ( )22 21 1 1A x Bx C x x Dx E x= + + + + + + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) AxECxDBACxxBA ExDxxxCxxBxxA ++++++++= ++++++++= 234 232424 21 121 Si igualamos los coeficientes, obtenemos el siguiente sistema: = =+ =++ = =+ 1 0 02 0 0 A EC DBA C BA Resolviendo este sistema se obtiene: 01,0,1,1 =−==−== EDCBA y , luego en la integral se tiene: ( ) ( ) ( ) ( ) Cxxx dx x x dx x x dx x dx x EDx dx x CBx dx x A dx xx + + ++−= + − + −= + ++ + ++= + ∫∫∫ ∫∫∫∫ 12 1 1ln 2 1 ln 11 1 111 1 2 2 222 22222 CASO II: FUNCIÓN RACIONAL IMPROPIA (Grado [P(x)]>Grado [Q(x)]) En este caso lo primero que se debe de hacer es realizar la división ( ) ( )P x Q x÷ y esta división transformará la expresión dada en otra equivalente en donde será posible aplicar el caso 1. Es decir, ( ) ( ) ( ) ( ) P x Q x R x C x ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) P x R x C x Q x Q x ⇒ = + ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) P x R x dx C x dx Q x Q x ⇒ = +
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