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F. Diseño Mecatrónico. Héctor Manuel Vega Diseño de engranajes por carga estática Determinación de la fuerza en el diente ángulo de presión de 20° 14.5° La fuerza tangencial se calcula con la potencia que se trasmite La fuerza radial se calcula con trigonometría El punto crítico no es B porque Ft hace tensión y Fr hace compresión Es A porque Ft comprime A y la Fr también comprime el punto A. Diseño de ejes por carga estática Configuración F. Diseño Mecatrónico. Héctor Manuel Vega Ejemplo. Un eje de se usa para trasmitir 40Hp a 1800rpm. La potencia entra por un engranaje recto con ángulo de depresión de 20° y diámetro de 7.5cm. Si el cubo del engranaje se acopla mediante pasador al eje, y el rodamiento se encuentra a 10 cm del borde del eje. Determinar el diámetro de esa sección del eje de acero 1035 laminado en caliente con un factor de seguridad de 1.6. Para el concentrador de esfuerzo use d/D=0.2 1. Pasador 2. Cubo del engranaje 3. Eje Vista lateral del engranaje acoplado con el piñón. Para determinar la fuerza en el eje. P=29.83KW; Dp=0.075m; =20°; =188.5r/s 𝐹𝑡 = 𝑇 𝑑 2 = 2𝑃 𝜔𝑑 = ⋯ . = 4.221𝐾𝑁 𝐹𝑟 = 1.53𝐾𝑁 𝐹 = 4.221𝐾𝑁 cos(20) = 4.5𝐾𝑁 𝑇 = 29.83𝐾𝑁𝑚/𝑠/188.5𝑟/𝑠 F F. Diseño Mecatrónico. Héctor Manuel Vega kt=2.72 kf=2 (0.2𝐷 ∗ 𝐷2) Acero 1035 Sy=270MPa 𝜎𝑎𝑑𝑚 = 270𝑀𝑃𝑎 1.6 = 168.8𝑀𝑃𝑎 𝜎𝑎𝑑𝑚 2 = 𝜎𝑛 2 + 3𝜏2 𝜏 = 𝑇𝑐 𝐽 = 𝑇 𝐽/𝑐 𝜎𝑛 = 2.72 ∗ 1.53𝐾𝑁 ∗ 0.1𝑚 𝜋 ∗ 𝐷3 32 − 𝑑𝐷2 6 𝑦 𝜏 = 2 ∗ 158.2𝑁𝑚 𝜋 ∗ 𝐷3 16 − 𝑑𝐷2 6 d/D=0.2 d=02D F. Diseño Mecatrónico. Héctor Manuel Vega (168.8𝑀𝑃𝑎)2 ≥ (168.8 × 106 𝑁 𝑚2 ) 2 = ( 2.72 ∗ 153𝑁𝑚 𝜋 ∗ 𝐷3 32 − 0.2𝐷3 6 ) 2 + 3 ( 2 ∗ 158.2𝑁𝑚 𝜋 ∗ 𝐷3 16 − 0.2𝐷3 6 ) 2 (168.8 × 106 𝑁 𝑚2 ) 2 = ( 2.72 ∗ 153𝑁𝑚 ( 𝜋 32 − 0.2 6 ) 𝐷3 ) 2 + 3 ( 2 ∗ 158.2𝑁𝑚 ( 𝜋 16 − 0.2 6 ) 𝐷3 ) 2 𝐷6 = [( 2.72 ∗ 153𝑁𝑚 ( 𝜋 32 − 0.2 6 ) ) 2 + 3 ( 2 ∗ 158.2𝑁𝑚 ( 𝜋 16 − 0.2 6 ) ) 2 ] ∗ 1 (168.8 × 106 𝑁 𝑚2 ) 2 𝐷6 =∗ 10−10𝑚6 𝐷 = 0.0𝑚 = 𝑚𝑚 El eje se fabricará con D=mm
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