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Kendall Rodŕıguez Bustos..................................................................................................................26 Aśı, 〈At〉ij = 〈A〉ij ∀i, j ∈ {1, 2, ..., n} . Por lo tanto, si A = B − 2 X tX XX t con B una matriz simétrica, entonces At = A. � 18. Calcule el determinante de orden n: ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 1 2 3 · · · n 1 x+ 1 3 · · · n 1 2 x+ 1 · · · n ... ... ... . . . ... 1 2 3 · · · x+ 1 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ Solución: Se aplican operaciones elementales buscando transformarlo en una matriz triangular superior para calcular su determinante; multiplicando los elementos de su diagonal. ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 1 2 3 · · · n 1 x+ 1 3 · · · n 1 2 x+ 1 · · · n ... ... ... . . . ... 1 2 3 · · · x+ 1 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ −F1+F2−→ ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 1 2 3 · · · n 0 x− 1 0 · · · 0 1 2 x+ 1 · · · n ... ... ... . . . ... 1 2 3 · · · x+ 1 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ −F1+F3−→ ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 1 2 3 · · · n 0 x− 1 0 · · · 0 0 0 x− 2 · · · 0 ... ... ... . . . ... 1 2 3 · · · x+ 1 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ −F1+F4 ...−→ −F1+Fn−2 −F1+Fn−1 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 1 2 3 · · · n 0 x− 1 0 · · · 0 0 0 x− 2 · · · 0 ... ... ... . . . ... 1 2 3 · · · x+ 1 ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ −F1+Fn−→ ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ 1 2 3 · · · n 0 x− 1 0 · · · 0 0 0 x− 2 · · · 0 ... ... ... . . . ... 0 0 0 · · · x− (n− 1) ∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣∣ Por lo tanto, su determinante es igual a (x− 1)(x− 2) · ... · (x− (n− 1)). � Kendall Rodŕıguez Bustos..................................................................................................................27 19. Se sabe que si A es una matriz de n× n que posee inversa, se cumple: A · Adj(A) det(A) = In Donde In es la matriz identidad de n × n. Demuestre que si B es una matriz de n × n que posee inversa, entonces: (Adj (Bt)) t = det(B) ·B−1 Solución: Hipótesis: A · Adj(A) det(A) = In, donde además se tiene que A es una matriz de n× n. HQM: (Adj (Bt)) t = det(B) ·B−1, con B una matriz de n× n. En esta prueba, partiremos de la conclusión (lo que se quiere probar) y lo trabajaremos hasta llegar a una afirmación verdadera. ( Adj ( Bt ))t = det(B) ·B−1 2 ⇔ ( Adj(B)t )t = det(B) ·B−1 3 ⇔ Adj(B) = det(B) ·B−1 ⇔ B · Adj(B) = B ( det(B) ·B−1 ) ⇔ B · Adj(B) = det(B) · ( B ·B−1 ) ⇔ B · Adj(B) = det(B) · In ⇔ B · Adj(B) det(B) = In (Hipótesis) Como la última igualdad es verdadera entonces (Adj (Bt)) t = det(B) ·B−1 es verdadera. 2Si A es una matriz de n× n entonces Adj (At) = [Adj(A)]t. 3Si A es una matriz de n× n entonces (At)t = A. Kendall Rodŕıguez Bustos..................................................................................................................28 Por lo tanto, si A y B son matrices invertibles de tamaño n×n, donde se cumple que A·Adj(A) det(A) = In, entonces (Adj (Bt)) t = det(B) ·B−1. � 20. Suponga que A es una matriz de n × n que satisface la condición A2 = A. Pruebe que que ∀k ∈ N, con k ≥ 1, se cumple que: (A+ In) k = In + ( 2k − 1 ) A Solución: Se demuestra por inducción sobre k. • Para k = 1⇔ (A+ In)1 = In + (21 − 1)A⇔ A+ In = In + A X. • Asumimos validez para algún k > 1, es decir (A+ In)k = In + ( 2k − 1 ) A es nuestra hipótesis inductiva (HI). • Con base en lo anterior hay que probar la validez para k + 1, es decir, hay que probar (A+ In) k+1 = In + ( 2k+1 − 1 ) A. • Prueba: (A+ In) k+1 = (A+ In) k (A+ In) HI = ( In + ( 2k − 1 ) A ) (A+ In) = In · A+ In2 + ( 2k − 1 ) A2 + ( 2k − 1 ) A · In = A+ In + ( 2k − 1 ) A+ ( 2k − 1 ) A ( Hipótesis: A2 = A ) = A+ In + 2 ( 2k − 1 ) A = In + 2 ( 2k − 1 ) A+ A = In + ( 2k+1 − 2 ) A+ A
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