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Caṕıtulo 10. Aplicaciones lineales p(a+ 1) = p(a) = 0, p(a+ 2) = p(a+ 1) = 0, p(a+ 3) = p(a+ 2) = 0, . . . Es decir, p tendŕıa infinitas ráıces: a, a + 1, a + 2, . . ., lo cual es absurdo. Podemos pues concluir que kerT = {p ∈ R5[x] : p constante}. 3. Los transformados de la base canónica B de R5[x] son: T (1) = 1− 1 = 0, T (x) = (x+ 1)− x = 1, T (x2) = (x+ 1)2 − x2 = 1 + 2x, T (x3) = (x+ 1)3 − x3 = . . . = 1 + 3x+ 3x2, T (x4) = (x+ 1)4 − x4 = . . . = 1 + 4x+ 6x2 + 4x3, T (x5) = (x+ 1)5 − x5 = . . . = 1 + 5x+ 10x2 + 10x3 + 5x4. Transponiendo coeficientes, obtenemos la expresión matricial de T en B: y1 y2 y3 y4 y5 y6 = 0 1 1 1 1 1 0 0 2 3 4 5 0 0 0 3 6 10 0 0 0 0 4 10 0 0 0 0 0 5 0 0 0 0 0 0 x1 x2 x3 x4 x5 x6 . Las coordenadas de x4 en la base canónica B son (0, 0, 0, 0, 1, 0)t. Por tanto, T−1(x4) está determinado por los (x1, . . . , x6) t tales que: 0 0 0 0 1 0 = 0 1 1 1 1 1 0 0 2 3 4 5 0 0 0 3 6 10 0 0 0 0 4 10 0 0 0 0 0 5 0 0 0 0 0 0 x1 x2 x3 x4 x5 x6 . Resolviendo, (x1, x2, x3, x4, x5, x6) t = (α,−1/30, 0, 1/3,−1/2, 1/5)t con α ∈ R. Por tanto T−1(x4) = { α− x/30 + x3/3− x4/2 + x5/5 : α ∈ R } . 4. Consideremos cualquier polinomio h(x) ∈ T−1(x4) (por ejemplo el corres- pondiente a α = 0). Tal polinomio cumple T (h(x)) = x4 es decir h(x+ 1)− h(x) = x4 (∗). Dando a x los valores 1, 2, . . . , n en (∗) obtenemos: h(2)− h(1) = 14, h(3)− h(2) = 24, h(4)− h(3) = 34, . . . , h(n+ 1)− h(n) = n4.
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