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Universidad Nacional Autónoma de México Facultad de Estudios Superiores Plantel Aragón INGENIERIA INDUSTRIAL CLASE “ mecánica de materiales” trabajo GRUPO:2804 NOMBRE DE LA PROFESORA: MARTHA BERENICE FUENTES FLORES NOMBRE DEL ALUMNO: CORTES HERNANDEZ RICARDO FECHA DE ENTREGA: 13 DE FEBRERO DEL 2023 TRABAJO ENCARGADO DE MECÁNICA DE MATERIALES 1 1-. Calcule, para la armadura de la figura los esfuerzos producidos en los elementos DF, CE y BD. El área trasversal de cada elemento es 1200 𝑚𝑚2. Indique la tención (T) o bien la compresión (C). ∑ 𝑀𝐴 = 0+↑ −100(4) − 200(7) + 𝐹𝑦 (10) = 0 𝐹𝑦 = 180 𝐾𝑁 ∑ 𝐹𝑦 = 0 ↑ + 180 − 200 − 100 + 𝐴𝑦 = 0 𝐴𝑦 = 120𝐾𝑁 NODO (F) 180 𝐾𝑁 = 𝐹𝐷𝐹𝑆𝑒𝑛53° ∑ 𝐹𝑦 = 0 ↑ + 180 𝐾𝑁 = 𝐹𝐷𝐹𝑆𝑒𝑛53° 𝐹𝐷𝐹 = 225.4𝐾𝑁 ⇾ ∑ 𝐹𝑥 = 0 ⥅ 𝐹𝐷𝐹𝐶𝑜𝑠53° = 𝐹𝐸𝐹 𝐹𝐸𝐹 = 135.6𝐾𝑁 NODO: E 𝐹𝐶𝐸 = 135.6 𝐾𝑁⇾ 𝐹𝐷𝐸 = 200 𝐾𝑁 NODO: A ∑ 𝐹𝑦 = 0 ↑ + 𝐹𝐴𝐸𝑆𝑒𝑛56.3° = 120 𝐹𝐴𝐸 = 144.2 𝐾𝑁 ∑ 𝐹𝑥 = 0 ⥅ 𝐹𝐴𝐶 = 144.2 × 𝐶𝑜𝑠56.2° 𝐹𝐴𝐶 = 80 𝐾𝑁 NODO: C ∑ 𝐹𝑋 = 0 ⥅ −𝐹𝐶𝐷𝐶𝑜𝑠53° − 80 + 13506 = 0 −𝐹𝐶𝐷 = 135.6−80 𝐶𝑜𝑠5° =92.39 ∑ 𝐹𝑦 = 0 ↑ + 𝐹𝐶𝐵 = 𝐹𝐶𝐷𝑆𝑒𝑛53° + 100 = 173.8 𝐾𝑁 NODO: D ∑ 𝐹𝑌 = 0 ↑ + −200 + 180 + 73.79 − 𝐹𝐵𝐷 × 𝑆𝑒𝑛33.69° = 0 𝐹𝐵𝐷 = 53.79 𝑆𝑒𝑛(33.69) = 96.97KN 𝐹𝐵𝐷 = 53.79 1200 = 96.97KN 2-. Un tubo de acero se encuentra rígidamente sujeto por un perno de aluminio y por otro de bronce, tal como se muestra en la figura. Las cargas axiales se aplica en los puntos indicados. Calcule el máximo valor de P que no exceda un esfuerzo de 80 MPa en el aluminio: de 150 MPa en el acero; o de 100 MPa en el bronce. 𝜏 = 𝑃𝐴𝐿 𝐴 = ⇾ 𝑃𝐴𝐿 = 30 × 10 6 × 200 × 106 𝑃𝐴𝐿 = 16KN (Compresión) 𝑃𝐴𝐶 = 150 × 400 = 60KN (Tención) 𝑃𝐵𝑅 = 100 × 500 = 50KN (Tención) 3.- Una mujer de 175 libras está parada sobre un piso de vinílico usando zapatos de tacón alto. Si el tacón tiene las dimensiones mostradas, determine el esfuerzo normal promedio que ejerce sobre el piso y compárelo con el esfuerzo normal promedio que se desarrolla cuando un hombre del mismo peso esta sobre el mismo piso usando zapatos de tacón bajo, Suponga que la carga se aplica Lentamente, de modo que los efectos dinámicos sean significantes. A demás, suponga que todo el peso se apoya sobre el tacón de un solo zapato. Varón: 𝐴𝑅𝐸𝐴 = 𝜋×(0.03048) 2 + (2 × 0.03048 × 0.00127) 𝐴2= 2.034 ×10 2 𝑚2 H2 = 778.4 2.234×10−3 = 348.4 K Pa Mujer: 𝐴𝑅𝐸𝐴 1 = 𝜋×(0.00762)2 2 + (2 × 0.00762 × 0.00254) 𝐴1= 1.299 ×10 −4 𝑚2 H1 = 778.4 1.299 × 10−4 = 5.99 K Pa 4.- Un tornillo de 22.2 mm de diámetro exterior y 18.6 mm en el fondo de la rosca sujeta dos piezas de madera, como se indica en la figura. Se aprieta la tuerca hasta tener una fuerza de 34KN en el tornillo. A) 𝜏𝑡𝑢𝑒𝑟𝑐𝑎 = 34𝐾𝑁 𝜋 ∗ 18.6𝑚𝑚 ∗ 0.012𝑚 𝜏𝑡𝑢𝑒𝑟𝑐𝑎 = 34𝐾𝑁 934.94 ∗ 10−6𝑚2 𝜏𝑡𝑢𝑒𝑟𝑐𝑎 = 39.366 𝑀𝑃𝑎 … . . 𝑅𝑝𝑎. Calcular el esfuerzo cortante en cabeza del mismo y en la rosca. B) Determinar el diámetro exterior de las arandelas si el interior es de 20 mm y el esfuerzo de aplastamiento admisible en la madera es de 6 MPa. SOLUCIÓN: Datos: 𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟 = 22.2𝑚𝑚 𝐷𝑟𝑜𝑠𝑐𝑎 = 18.6𝑚𝑚 a) 𝜎 = 𝑃 𝐴 Á𝑟𝑒𝑎 = 𝜋 ∗ 𝐷 ∗ 𝑙 𝜏𝑐𝑎𝑏𝑒𝑧𝑎 = 34𝐾𝑁 𝜋∗22.2𝑚𝑚∗12𝑚𝑚 𝜏𝑐𝑎𝑏𝑒𝑧𝑎 = 34𝐾𝑁 836.9 ∗ 10−6𝑚2 𝜏𝑐𝑎𝑏𝑒𝑧𝑎 = 34𝐾𝑁 836.9 ∗ 10−6𝑚2 𝜏𝑐𝑎𝑏𝑒𝑧𝑎 = 40.63 𝑀𝑃𝑎 … . . 𝑅𝑝𝑡𝑎. b) 𝜎𝑎 = 𝑃 𝜋 4 (𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟) 2 − (𝐷𝑖𝑛𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟) 2 →Despejamos 𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟 Obtenemos: 𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟 = √ 4𝑃 𝜋 ∗ 𝜎𝑎 + +(𝐷𝑖𝑛𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟) 2 𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟 = √ 4 ∗ 34 ∗ 103 𝜋 ∗ 6 ∗ 106 + (0.028)2 𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟 = 0.089𝑚 𝐷𝑒𝑥𝑡𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟 = 89𝑚𝑚 … . 𝑅𝑝𝑡𝑎. 5.- La palanca acodada que presenta la figura P-118 está en equilibrio. A) Determine el diámetro de la barra AB si el esfuerzo normal está limitado a 100 MN/𝑚2. B) Determine el esfuerzo cortante en el pasador situado en D, e 20 mm de diámetro. b) 𝐷𝑋 = √(𝐷𝑦)2 + (𝐷𝑥)2 𝐷𝑋 = √(25.98)2 + (46.18)2 𝐷𝑋 = 52.99 𝐾𝑁 𝜏 = 𝐷𝑋 𝐴 𝜏 = 52.99 𝐾𝑁 𝜋 ∗ (20 ∗ 10−3𝑚)2/4 𝜏 = 168.76 𝑀𝑃𝑎 … … 𝑅𝑝𝑡𝑎. SOLUCIÓN: ∑ 𝐹(𝑥) = 0 −𝑃 + 𝐷𝑥 − 𝐶𝑥 = 0 ∑ 𝐹(𝑦) = 0 𝐷𝑦 − 𝐶𝑦 = 0 𝐷𝑦 = 𝐶𝑦 𝐷𝑦 = 30 ∗ 10 3 ∗ sin(60) 𝐷𝑦 = 25.98 𝐾𝑁 Escriba aquí la ecuación. a) 𝜎 = 𝑷 𝑨 → 𝐴 = 𝑃 𝜎 𝐴 = 31.18(103)𝑁 100 ∗ 106 𝑁/𝑚2 𝐴 = 3.12 ∗ 10−4𝑚2 𝐴 = 𝜋𝐷2 4 3.12 ∗ 10−4𝑚2 = 𝜋𝐷2 4 𝐷 = 0.019𝑚 … … 𝑅𝑝𝑡𝑎. 6.- Un pasador de 6mm de diámetro se utiliza en la conexión c del pedal que se muestra en la figura. Si se sabe que P=500N determine a) El esfuerzo de apoyo nominal en el pedal b) El esfuerzo de apoyo nominal c) El esfuerzo de apoyo nominal en cada mensula de apoyo en C ∑MB = 0 ∑ 𝑀𝐷 = 0 0.2𝑃 − 30 ∗ 103 ∗ sin(60) ∗ 0.24 = 0 𝑃 = 31.18 𝐾𝑁 −31.18 + 𝐷𝑥 − 30 ∗ cos(60) = 0 𝐷𝑥 = 46.18 𝐾𝑁 0 = CX*125mm+CY*75mm-500*375mm ∑F(X) = 0 CX-A = 0 ∑F(Y) = 0 CY-P = 0 CY-500N = 0 CY = 500N CX = 150000𝑁𝑚𝑚 125𝑚𝑚 CX = 1200N C = √𝐶𝑋2 + 𝐶𝑌2 = √12002 + 5002 C = 1300N a) ΤProm = 𝐹 2⁄ 𝐴 = 1300 2⁄ 𝑁 𝜋 4⁄ (6∗10 −3𝑚)2 ΤProm = 22.98MPa b) Ϭb = 𝑃 𝐴 = 1300 𝑁 6∗10−3𝑚 ∗9∗10−3 𝑚 Ϭb = 24.07MPa c) Ϭb = 1300 2⁄ 6∗10−3𝑚∗5∗10−3𝑚 Ϭb = 650 𝑁 30∗10−6 𝑚2 Ϭb = 21.66 MPa 7.- Dos fuerzas horizontales de 5 kips se aplican al pasador B en el ensamble que se muestra. Si se sabe en cada conexión se emplea un pasador de 0.8 in, de diámetro determine el valor máximo del esfuerzo normal promedio A) En el eslabón AB B) En el eslabón BC SOLUCION: ESFUERZO NORMAL (A-B) Ac= (1.8-0.8)in*0.5 in 𝐴𝑐 = 0.5𝑖𝑛2 𝑇AB= 7.32 𝑘𝑖𝑝𝑠 0.5 𝑖𝑛2 𝑇AB= 14.6 ksi ( tensión) ESFUERZO NORMAL (B-C) Ac= 1.8*0.5 in 𝐴𝑐 = 0.9 𝑖𝑛 𝑇𝐵𝐶= 8.97 𝑘𝑖𝑝𝑠 0.9 𝑖𝑛2 𝑇BC= 9.97 ksi/ 𝑖𝑛2 LEY DE SENOS 10 𝑠𝑒𝑛(75) = 𝐹𝑏𝑐 𝑠𝑒𝑛(65) = 𝐹𝑎𝑏 𝑠𝑒𝑛(45) FUERZAS INTERNAS 𝐹𝑎𝑏 = 𝑠𝑒𝑛 (45) ∗ 10 𝑘𝑖𝑝𝑠 𝑠𝑒𝑛(75) 𝐹𝑎𝑏 = 7.32 𝑘𝑖𝑝𝑠 (𝑡𝑒𝑛𝑠𝑖𝑜𝑛) 𝐹𝑏𝑐 = 𝑠𝑒𝑛 (60) ∗ 10 𝑘𝑖𝑝𝑠 𝑠𝑒𝑛 (75) 𝐹𝑏𝑐 = 8.97 𝑘𝑖𝑝𝑠 (𝑐𝑜𝑚𝑝𝑟𝑒𝑠𝑖𝑜𝑛) 9.- Cada uno de los cuatro eslabones verticales tiene una sección transversal rectangular uniforme de 8*36mm y cada uno de los cuatro pasadores tiene un diámetro de 16mm determine el valor máximo del esfuerzo normal promedio en los eslabones que conecta a) los puntos B y D b) los puntos C y E. ∑MB = 0 -20KN*0.25m+FEC*0.4m = 0 FEC*0.4m = 20KN*0.4 FEC* 0.4m = 5KN*m FEC = 5𝐾𝑁∗𝑚 0.4𝑚 FEC = 12.5KN ∑FY 0 0 20KN-FBD+FEC 20KN-FBD+12.5KN = 0 20KN+12.5KN = FBD 32.5KN = FBD ʆBD = 𝐹𝐵𝐷 𝐴−𝐷 𝑑𝑒 𝑡𝑜𝑟𝑛𝑖𝑙𝑙𝑙𝑜 TENSION ʆBD = 32500𝑁 2⁄ (0.036𝑚∗0.016𝑚)∗0.008𝑚 ʆBD = 101.5625*106 𝑁 𝑚2⁄ ʆBD = 101.5625MPa COMPRESION ʆEC = 12500𝑁 2⁄ (0.036𝑚∗0.008𝑚) ʆEC = -21.7MPa 10.- El cable BC de 4mm de diámetro es de un acero con E=200GPa. si se sabe que el máximo esfuerzo en el cable no debe exceder 190MPa y que la elongación del cable no debe sobrepasar 6mm encuentre la carga máxima P que puede aplicarse como se muestra en la figura. LBC = √62 + 42 = 7.2111m ∑MA = 0 3.5(P)-(6)( 4 7.2111 𝐹𝐵𝐶)= 0 P = 0.9509 FBC Ϭ = 𝐹𝐵𝐶 𝐴 FBC = Ϭa = (190*106)(12.566*10-6) = 2.388*103N Ϭ = 6*10-3m Ϭ = 𝐹𝐵𝐶∗𝐿𝐵𝐶 𝐴𝐸 FBC= 𝐴𝐸ϭ 𝐿𝐵𝐶 = (12.566∗10−6)(2.091∗109)(6∗10−3) 7.2111 FBC = 2.091*103N P = 0.9509 FBC = (0.9507)(2.091*103) P = 1988*103N P = 1988KN 11.- Para la armadura de acero E = 200GPa y la carga mostrada en la figura, determine las deformaciones de los elementos AB y AD, si se sabe que sus respectivas áreas de sección transversal son de 2400mm2 y 1800mm2. Datos: E = 200GPa AAB = 2400mm2 AAD = 1800mm2 Del grafico: T2 + T4 = 0 T1 + 228 = 114 T1 = -114KN T1 = 114KM T1 = 114KN TOMAMOS MOMENTOS EN D: 114(4)+T2(2.5) = 0 T2 = -182.4 KN ENTONCES: T4 = 182.4KN (traccion) T3 = 215.0948 KN (compresion) LUEGO: ϬAB = 𝑇3∗𝐿𝐴𝐵 𝐸∗𝐴𝐴𝐵 = 0.002114mm ϬAD = 𝑇4 𝐿𝐴𝐵 𝐸𝐴𝐴𝐷 = 0.0020267mm 12.- Cada uno de los eslabones AB y CD esta echo de aluminio (E = 75 GPa) y tiene un área de sección transversal 125mm2 si se sabe que soporta el elemento rígido BC, determine la deflexión del punto E. Solución E = 75 GPa A = 125𝑚𝑚2 Momento en el punto c ∑MC = 0 5KN(0.44m) – FAB(0.64m) 𝐹𝐴𝐵 = 5𝑘𝑛(0.44𝑚) 0.64𝑚 FAB =3.4375 KN Momento en el punto b ∑MB = 0 5 KN (0.20m) – FDC (0.64m) 𝐹𝐷𝐶 = 5𝑘𝑛(0.20𝑚) 0.64𝑚 FDC = 1.5625 KN Diagrama grafica Luego δ𝐵 = 𝑃𝐴𝐵 𝐿𝐴𝐵 𝐴𝐸 δ𝐵 = 3.44(0.36𝑚) 125𝑚𝑚2(75𝐺𝑃𝑎) δ𝐵 = 3.44 ∗ 103𝑁(0.36𝑚) 125 ∗ 10−6(75 ∗ 109𝑃𝑎) δ𝐵 = 3.44(0.36𝑚) 125 ∗ 10−6(75 ∗ 106) δ𝐵 = 132.096 10 6 δ𝐵 = 0.132𝑚𝑚 (𝑅𝑝𝑡𝑎) δ𝑐 = 𝑃𝐷𝐶 𝐿𝐷𝐶 𝐴𝐸 δ𝑐 = 1.56(0.36𝑚) 125𝑚𝑚2(75𝐺𝑃𝑎) δ𝑐 = 1.56 ∗ 103𝑁(0.36𝑚) 125 ∗ 10−6(75 ∗ 109𝑃𝑎) δ𝑐 = 1.26(0.36𝑚) 125 ∗ 10−6(75 ∗ 106) δ𝑐 = 59.904 10 6 δ𝑐 = 0.59𝑚𝑚 (𝑅𝑝𝑡𝑎) Por proporciones graficas de deflexión 0.64 δ𝐵 − δ𝑐 = 0.44 δ𝐸 − δ𝐶 δ𝐸 = 0.1095 𝑚𝑚 (𝑅𝑝𝑡𝑎) 13.- Los eslabones AB y CD están hechos de acero E= 29*106 psi y tiene una sección transversal uniforme de 𝟏 𝟒⁄ *1 in. Determine la carga máxima que puede colgarse en el punto E si la deflexión de E no debe sobrepasar 0.01 in. E = 29*106psi A = 0.25pulg2 Ϭe ≤0.01pulg Tomamos momentos en E TC(15) = TB (25) 3TC = 5TB Luego: Ϭc = 𝑇𝐶(8) 𝐴𝐸 = 1.10345*10-6 TC Ϭb = 𝑇𝐵(8) 𝐴𝐸 = 0.662069*10-6 TC Según diagrama de flexiones: 10−𝑋 ϭ𝐵 = 𝑋 ϭ𝐶 10−𝑋 0.662069 = 𝑋 1.10345 X = 6.25 pulg Diagrama de deformaciones: 𝑥 ϭ𝑐 = 𝑥+15 0.01 ϬC = 0.0029412 pulg TC = 2665.437 lb Tomamos momentos en B TC(10) = TE(25) TEmax = TE = 1066.1748 lb 14.- Una probeta de aluminio que tiene un diámetro 𝑑0 = 25 mm y una longitud calibrada 𝐿0 = 250 mm, si una fuerza de 165KN alarga la longitud calibrada 1.20 mm, encuentre el módulo de elasticidad, además, determine que tanto se contrae el diámetro de la probeta por la acción de la fuerza, considere que 𝐺𝑢 = 26𝐺𝑃𝑎 𝜎ᵧ = 440MPa Solución Módulo de elasticidad. El esfuerzo promedio en la probeta σ = 𝑃 𝐴 = 125(103)𝑁 ( 𝜋 4 )(0.025𝑚)2 = 336.1MPa y la deformación promedio es ɛ = 𝑃 𝐴 = 1.20𝑚𝑚 250𝑚𝑚 = 0.00480mm/mm Como σ<𝜎ᵧ = 440MPa, el material se comporta elásticamente, por lo tanto, el módulo de elasticidad es 𝐸𝑎𝑙 = σ ɛ = 336.1(106)𝑃𝑎 0.00480 = 70.0GPa Contracción del diámetro. Primero se determina la razón mediante la ecuación G = 𝐸 2(1+𝑣) 26 GPa = 70.0 𝐺𝑃𝑎 2(1+𝑣) V = 0.347 Como ɛ 𝑙𝑜𝑛𝑔 = 0.00480mm/mm, entonces por la ecuación V = ɛ 𝑡𝑟𝑎𝑛 ɛ𝑙𝑜𝑛𝑔 0.347 = ɛ 𝑡𝑟𝑎𝑛 0.00480 𝑚𝑚/𝑚𝑚 ɛ𝑡𝑟𝑎𝑛 = -0.00166mm/mm Por consiguiente, la contracción del diámetro es δ = (0.00166) (25mm) =0.0416 Rpta.
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