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Problema 1. Sea 𝑓(𝑥) = − 1 6 𝑥6 + 243𝑥. a) ¿En qué puntos de la gráfica de 𝑓 la recta tangente tiene pendiente igual a 243? b) ¿Existe algún punto de 𝑓 en el que la pendiente de la recta tangente sea − 9031 32 ? c) ¿Existe algún punto de 𝑓 en el que la pendiente de la recta tangente sea 0? a) Necesitamos averiguar los puntos de tangencia en los cuales la recta tangente tiene pendiente 243. En principio, tenemos que averiguar en qué valores de 𝑥 la recta tangente tiene esa pendiente. Como la pendiente de tal recta se calcula derivando la función y evaluándola en el valor de 𝑥 correspondiente, debemos resolver la siguiente ecuación: 𝑓′(𝑥) = 243 −𝑥5 + 243 = 243 −𝑥5 = 243 − 243 −𝑥5 = 0 𝑥5 = 0 𝑥 = √0 5 𝑥 = 0 Vemos que en 𝑥 = 0 la pendiente de la recta tangente a 𝑓 es 243. Pero como nos piden el punto de tangencia, necesitamos calcular 𝑓(0). 𝑓(0) = − 1 6 06 + 243 ⋅ 0 = 0 La recta tangente a 𝑓 tiene pendiente 243 en el punto (0; 0). b) Tal como hicimos anteriormente, debemos resolver 𝑓′(𝑥) = − 9031 32 . −𝑥5 + 243 = − 9031 32 −𝑥5 = − 9031 32 − 243 −𝑥5 = − 16807 32 𝑥5 = 16807 32 𝑥 = √ 16807 32 5 EEM (ESPACIO ESTUDIAR MATEMÁTICA) presenta Taller “Resolución de problemas estilo parcial sobre rectas tangentes” Prof. Vanessa Pereyra 𝑥 = 7 2 Existe un único punto en el que la pendiente de la recta tangente a 𝑓 resulta ser −9031/32. Ese punto es ( 7 2 ; 𝑓 ( 7 2 )) = ( 7 2 ; 208943 384 ). CA 𝑓 ( 7 2 ) = − 1 6 ( 7 2 ) 6 + 243 ( 7 2 ) = 208943 384 c) De forma similar a como trabajamos en los ítems anteriores, debemos resolver la siguiente ecuación 𝑓′(𝑥) = 0. −𝑥5 + 243 = 0 −𝑥5 = −243 𝑥5 = 243 𝑥 = √243 5 𝑥 = 3 Efectivamente existe un punto en el cual la pendiente de la recta tangente a 𝑓 vale 0 y ese punto es (3; 𝑓(3)) = (3; 1215 2 ). CA 𝑓(3) = − 1 6 ⋅ 36 + 243 ⋅ 3 = 1215 2 ________________________________________________________________________________ Problema 2. Sea 𝑔(𝑥) = − 1 336 𝑥8 + 81 2 𝑥3. a) Hallá la ecuación de la recta tangente a 𝑔 en 𝑥 = 1. b) Aproximá 𝑔(0,98) usando la recta tangente calculada en el ítem anterior. c) ¿Existe algún punto de la gráfica de 𝑔 en el que la recta tangente a 𝑔 sea paralela al eje 𝑥? En caso afirmativo, ¿qué le pasa a 𝑔 en ese punto? a) Dado que la pendiente de la recta tangente a 𝑔 en 𝑥 = 1 es 𝑔′(1): 𝑔′(𝑥) = − 1 42 𝑥7 + 243 2 𝑥2 𝑔′(1) = − 1 42 17 + 243 2 12 = 2551 21 Luego, la recta tangente pedida tiene por ecuación 𝑦 = 2551 21 𝑥 + 𝑏. Para hallar 𝑏, necesitamos el punto de tangencia (1; 𝑔(1)) = (1; 13607 336 ). 𝐶𝐴: 𝑔(1) = − 1 336 18 + 81 2 13 = 13607 336 Usamos el punto de tangencia para hallar 𝑏: 13607 336 = 2551 21 ⋅ 1 + 𝑏 13607 336 − 2551 21 = 𝑏 − 3887 48 = 𝑏 Finalmente, la recta tangente pedida es 𝑦 = 2551 21 𝑥 − 3887 48 . b) Nos piden aproximar 𝑔(0,98) con la recta 𝑦 = 2551 21 𝑥 − 3887 48 . Esto lo podemos hacer porque 𝑥 = 0,98 está relativamente cerca de 𝑥 = 1 y sabemos que, en un entorno de este valor, la recta tangente y la función toman valores parecidos. 𝑦 = 2551 21 ⋅ 0,98 − 3887 48 = 15227 400 𝑔(0,98) ≅ 15227 400 c) Si la recta tangente a 𝑔 es paralela al eje 𝑥, entonces su pendiente vale 0. Luego, para ver si existe algún 𝑥 en el que sucede esto, debemos resolver la ecuación 𝑔′(𝑥) = 0. − 1 42 𝑥7 + 243 2 𝑥2 = 0 𝑥2 (− 1 42 𝑥5 + 243 2 ) = 0 De la ecuación que resolvimos se deduce que existen dos valores en los que la recta tangente a 𝑔 tiene pendiente 0: en 𝑥1 = 0 y 𝑥2 = 3√21 5 ≅ 5,52. En esos valores, la función 𝑔 tiene puntos críticos, que pueden clasificarse si analizamos el signo de 𝑔′ en los intervalos (−∞, 𝑥1), (𝑥1, 𝑥2)𝑦 (𝑥2, +∞). Organizamos la información: 𝑔′(𝑥) = − 1 42 𝑥7 + 243 2 𝑥2 (−∞, 0) 𝑥1 = 0 (0, 3√21 5 ) 𝑥2 = 3√21 5 ( 3√21 5 , +∞). Signo de 𝑔′ 𝑔′(−1) = 2552 21 𝑔′(0) = 0 𝑔′(1) = 2551 21 𝑔′(3√21 5 ) = 0 𝑔′(6) = − 16038 7 Comp. de 𝑔 𝑔 crece 𝑔 tiene un punto de inflexión 𝑔 crece 𝑔 tiene un máximo 𝑔 decrece Corroboramos con GeoGebra: TAREA: Problema 3. La recta de ecuación 𝑦 = 2𝑥 + 3 es la recta tangente a ℎ(𝑥) en 𝑥 = 5. a) ¿Cuánto vale ℎ(5)? b) ¿Cuánto vale ℎ′(5)? c) Decidí qué formula es correcta para ℎ(𝑥), aportando argumentos que justifiquen tu decisión. I. ℎ(𝑥) = 𝑥2 + 3𝑥 II. ℎ(𝑥) = 𝑥3 − 73𝑥 + 253 III. ℎ(𝑥) = 10𝑥2 − 100𝑥 + 263