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Hidrolisis. Llamaremos hidrolisis cuando a un ion de una sal (proveniente de acido débil o proveniente de una base débil ) lo hacemos reaccionar con el H2O(l) para producir un equilibrio iónico llamado hidrolisis y su constante Kh Caso 1 : Cuando la sal proviene de un catión fuerte y una base fuerte el pH siempre será 7 (neutro) Caso 2 : Cuando la sal esta formado por un anión proveniente de un ácido débil y un catión proveniente de una base fuere como el de CH3COONa. Asumir que se tiene una sal sódica NaA de concentración Cs molar El equilibrio de hidrolisis será A- + H2O(l) === HA + OH- Kh= LAM Kh = = = Numericamente A- + H2O(l) === HA + OH- I Cs 0 0 R x x x E Cs-x x x Kh= → = Ejemplo: Determine el pH de una solución 0.100 M HCOONa 0.100 M ; Ka[HCOOH]=1.8x10-4 HCOO- + H2O(l) === HCOOH + OH- I 0.100 0 0 R x x x E Cs-x x x Kh= → = = x= 2.35*10-6 = [OH-] pOH = 5.62 pH = 8.37 Ejemplo: Determine el pH de una solución 0.0200 M NaCN 0.00500 M (Ka[HCN]=4.9x10-10) CN- + H2O(l) === HCN + OH- I 0.0200 0 0 R x x x E 0.0200-x x x Kh= → = = x = 6.29*10-4 =[OH-[ pOH = 3.19 Práctica – Una solución 0.150 M NaA tiene un pH de 8.55, determine Ka de HA A- + H2O(l) === HA + OH- I 0.150 0 0 R x x x E Cs-x x x Kh= → = pH = 8.55 → pOH = 5.45 → [OH]= 10-5.45 = X = K= 1.19*10-4 Caso 3: Cuando la sal está formada por un anión proveniente de un ácido fuerte y un catión proveniente de una base débil como el de NH4Cl. Asumir que se tiene una sal cloruro BHCl de concentración Cs y Kb la constante ionización de la base débil que proviene el catión BH+ El equilibrio de hidrolisis será BH+ + H2O(l) === B + H3O+ Kh= Kh = = = BH+ + H2O(l) === B + H3O+ I Cs 0 0 R x x x E Cs-x x x Kh= = Ejemplo: Determine el pH de una solución C6H5NH3Cl 0.00500 M (cloruro de anilino) ( Kb de anilina C6H5NH2 es 4.3*10-10) C6H5NH3+ + H2O(l) === C6H5NH2 + H3O+ I 0.00500 0 0 R x x x E 0.00500-x x x Kh= ; = = x = []=3.2956*10-4 pH= -log [ = - log(3.2956*10-4) = 3.48 Hallar el pH de CH3COONH4 0.250 M ( Ka= 1.80*10-5 y Kb = 1.75*10-5) NH4+ + CH3COO- === NH3 + CH3COOH I 0.250 0.250 0 0 R x x x x E 0.250 -x 0.250 -x x x Kh = = = x =1.40069*10-3 Por otro lado, la ionización del ácido débil Ka= = → 1.8* = pH = - log (0.0000001) = 7.00 Caso 4: Cuando la sal está formada por un anión proveniente de un ácido débil y un catión proveniente de una base débil como el de CH3COONH4. Asumir que se tiene BHA de concentración Cs , sea Ka constante ionización del ácido débil y Kb la constante de la base débil que proviene este tipo de sal Como este tipo de sal los dos iones son débiles, entonces se hidrolizarán los dos Equilibrio. de hidrolisis del catión débil será BH+ + H2O(l) === B + H3O+ Equilibrio de hidrolisis del anión débil será A- + H2O(l) === HA + OH Sumando ambas semirreacciones - BH+ + A- == B + HA La constante de hidrolisis será Kh= Kh = = = BH+ + A- === B + HA I Cs Cs 0 0 R x x x x E Cs-x Cs-x x x Kh= = Acido poliproticos H2CO3 ==HCO3- + H+ Ka1 HCO3- == CO32- H+ Ka2 Ácidos triproticos H3PO4 == H2PO4- + H+ Ka1 H2PO4- == HPO42- + H+ Ka2 HPO42- === PO43- + H+ Ka3 Trabajo de casa: Hallar el pH de a) acido diptrotico H2CO3 0.25 M b) Acido triprotico H3PO4 0.100 M y c) Acido tetraprotico H4A 0.27 M pH de anfolitos Una especie anfiprótica o anfolito es aquella que puede actuar tanto como ácido o como base (puede perder o ganar un H+ ) dependiendo del otro reactante. Por ejemplo, HCO3- actúa como un ácido en presencia de NaOH pero como una base en presencia de HCl. Loa aniones que tienen hidrógenos ionizables son anfipróticos en ciertos solventes como el agua. Las características anfipróticas del agua es una propiedad importante de este solvente. Ejemplos de anfolitos en solución acuosa: HCO3- Hidrogeno carbonato HS- Hidrogeno sulfuro HPO4 2- Hidrógeno fosfato La puesta en solución de NaHCO3 provoca las reacciones siguientes: NaHCO3(s) → Na+ + HCO3- HCO3- + H2O ´===H3O+ + CO32- HCO3- + H2O ====OH- + H2CO3 2 H2O ==== H3O+ + OH- Ka2 =[H3O+ ][CO32-] ; Kh = [H2CO3] [OH-] = Kw ; Kw=[H3O+ ] [OH-] [HCO3- ] [HCO3-] Ka1 El balance de masa para este sistema es: Ca = [Na+] Ca = [H2CO3] + [HCO3-] + [CO32-] Y el balance de electro neutralidad es: [Na+] + [H3O+ ] = [OH-] + [HCO3-] + 2 [CO32-] Resolviendo estas ecuaciones ya que tenemos 5 variables ([H2CO3], [HCO3-], [CO32- ], [ H3O+], [OH-]) y 5 ecuaciones. Desarrollando este sistema de ecuaciones obtenemos [H3O+]4 + (Csa+Ka1) * [H3O+]3 + (Csa*Ka1+Ka1*Ka2-Cs*Ka1-Kw) * [H3O+]2 + (- Csa*Ka1*Ka2 -Kw*Ka1) *[H3O+] – Ka1*Ka2*Kw = 0 Método rápido para anfolitos Si la concentración analítica de la sal es mayor que 10-3 M desestimamos los [H3O+] y [OH-]pues podemos considerar que los cationes hidrógenos liberados por el HCO3- en la reacción como ácido son neutralizados por los OH-, que se forman por la reacción como base. Combinando el balance de electro neutralidad con el balance de masa y las desestimaciones propuestas y simplificando queda: Ca = Ca - [H2CO3] + [CO32-] [H2CO3] = [CO32-] ka1 ka2 = [H3O+ ]2 [HCO3-] = [H3O+]2 [ H2CO3] pH = pKa1 + pKa2 2 Sin embargo, no siempre puede desestimarse [H3O+] y [OH-]; en los siguientes ejemplos se muestran algunas excepciones. http://materias.fi.uba.ar/6305/download/Soluciones%20de%20anfolitos.pdf Problema : Se tiene un anfolito NaHA 0.0255 M cuyos Ka1= 2.35*10-4 y Ka2 = 5.67*10-9. Hallar su pH [H3O+]4 + (Csa+Ka1) * [H3O+]3 + (Csa*Ka1+Ka1*Ka2-Csa*Ka1-Kw) * [H3O+]2 + (- Csa*Ka1*Ka2 -Kw*Ka1) *[H3O+] – Ka1*Ka2*Kw = 0 a) Usando aplicativo MATLAB pH =- log (1.149*10-6) = 5.94 b) Usando pH = pKa1 + pKa2 2 pKa1= -log(2.35*10-4)= 3.629; pKa2= -log (5.67*10-9) =8.246 pH = 3.629 + 8.246 = 5.94 2 Soluciones amortiguadoras o reguladoras (Buffer) La solución tiene la capacidad de resistir los cambios de pH cuando se agregan pequeñas cantidades tanto de ácido como de base. Es una mezcla de de un acido débil con su sal respectiva , por ejemplo CH3COOH + CH3COONa. Es una mezcla de una base débil mas su sal respectiva NH3 + NH4Cl Sistema ácido débil- sal CH3COONa Na+ + CH3COO- CH3COOH + H2O ==== H3O+ + CH3COO- Ka = → [H3O+] = Ka* Aplicando logaritmos y multiplicando por (-1), resulta: log [H3O+ ] = - log Ka - log + log pH = pKa + log Henderson Hasselbach Se cumple cuando [HA] es mayor o igual a 0,1 M ; Se desprecia la ionización y la hidrólisis de la sal 10 Sistema Base débil – Sal Mezcla de NH3 / NH4Cl en agua; el equilibrio iónico será: NH4Cl NH4+ + Cl- NH3 + H2O ==== NH4+ + OH- Kb = → [] = Kb* aplicando logo y multiplicando por (-1), resulta . Cambiand pOH = - log [OH-] y pKb = - log Kb se obtiene: pOH = pKb + log pOH = pKb + log Henderson &Hasselbach Sistema poliproticos Sistema carbonato/ bicarbonato: Na2CO3 / NaHCO3 ; NaHCO3-/ CO32- ; No es buffer H2CO3 / CO32- Na2S / NaHS Sistema Salino de fosfatos : NaH2PO4 / K2 HPO4 ; K2HPO4 / Na3PO4 . NaH2PO4 / Na2 HPO4 ; K2HPO4 / K3PO4 Capacidad reguladora máxima y rango útil de un buffer Maxima :Cuando la capacidad reguladora es máxima, la relación [sal] / [ácido] o [sal] / [base] es igual a la unidad y en este caso: pH = pKa + log 1 = pKa ; pOH = pKb + log 1 = pKb Rango útil: Cuando la capacidad reguladora es mínima, la razón [sal] / [ácido] o [sal] / [base] es igual a 1/10, o sea 0,1: pH = pKa + log 0,1 = pKa - 1 pOH = pKb + log 0,1 = pKb – 1 Por lo que el rango útil es el que corresponde a: pH = pKa 1 ; pOH = pKb 1 Ejercicio buffer diprotico Hallar el pH de una solución NaHCO3 0.25 M y Na2CO3 0.15 M. Las pKa1= 6.532; pK2 = 10.329 HCO3- == H+ + CO32- pK2 = 10.329 acido sal Aplicando H&H pH = 10.329 + log = 10.55 Ejercicio H2CO3 === HCO3- + H + pKa1 = 6.532 Ejercicio de buffer triprotico H3PO4 pKa1 = 2.18 pKa2 =4.199 pKa3=12.15 1) Buffer H3PO4 0.27 M y NaH2PO4 0.058 M 2) Buffer NaH2PO4 0.0125 M y K2HPO4 0.10 M 3) Buffer K2HPO4 0.00257 M y Na3PO4 0.52 M Mezcla de fuerte con débil Al hacer reaccionar puede suceder tres casos Caso N° 1 Que sobre el fuerte : entonces el pH lo dará la ionización del fuerte, si desea puede usar el equilibrio iónico que queda Caso N° 2 Que sobre el débil: el pH lo dará la ionización del débil Caso N° 3 Que no sobre acido ni base , entonces el pH lo dará la hidrolisis de la sal formada Cuando se hace reacción un A + B lo primero que se tiene que hacer es la reacción directa; con lo que sobra se aplica el E.Q. Ejemplo Caso N°1 : Hallar el pH cuando se mezclan 60 mL de CH3COOH 0.25 M con 30 mL de NaOH 0.60 M mmoles de Acido débil CH3COOH = M*v = 0.25*60 = 15 mmoles de base fuerte NaOH = M*v = 0.60*30 = 18 volumen de mezcla = 60+30 = 90 mL Procedamos a la reacción directa de neutralización CH3COOH + NaOH → CH3OONa + H2O(l) I 15 18 0 0 R 15 15 15 15 F 0 3 15 15 Sobra 3 mmoles de NaOH + 15 mmoles de CH3COONa ( es igual decir 5 mmoles de Na+ con 15 mmoles de CH3COO- y es este el que se hidroliza por provenir de débil) Se puede usar dos formas para calcular el pH , en cualquiera de los dos casos los pH son casi iguales a) Usando la ionización del fuerte , en este caso como sobra NaOH usaremos la ionización del NaOH * → [OH-] = 0.0333 → pOH =- loh(0.0333) = 1.48 → pH = 14- 1.48 = 12.52 b) Usando la hidrolisis del anión débil (abra aquí, hay un ejercicio) Caso N° 2 Problema : Se hace reaccionar 70 mL de NH3 0.19 M con 50 de HCl 0.20 M ¿ pH? Kb= 1.75*10-5 mmoles de acido fuerte HCL = 0.20*50 = 10.0 mmoles de base débil NH3 = 0.19*70 = 13.3 Volumen total = 70 + 50 = 120 Se hace reaccionar el acido y se balancea NH3 + HCl → NH4Cl I 13.3 10.0 0 R 10.0 10.0 10.0 F 3.3 0 10.0 Sobra 3.3 milimolesde NH3 y 10.0 mmoles de NH4 Cl ( ósea 10.0 mmoles de NH4+ y 10.0 mmolesde Cl-) Puede usarse tres formas: a) La ionización del débil , en este caso la base débil NH3 b) Hidrolisis de catión débil “abrir link que hay 2 ejercicios” c) Ecuación de Henderson &Hasselbach En cualquiera de los tres el pH son casi iguales Usaremos la forma c) usando ecuación de Henderson Hasselbach pOH = pKb + log = (- log (1.75*10-5) + log = 5.24 pH = 14.0 – 5.24 = 8.76 Caso N° 2 : Se mezclan 338.75 mL de CH3COOH 0.24 M con 100 mL Ca(OH)2 0.35 M ¿pH? mmoles de Acido débil CH3COOH = M*v= 0.24*338.75 = 81.3 mmoles de base fuerte Ca(OH)2 = M*v = 0.35*100 = 35.0 volumen de mezcla = 338.75+100 = 448.75 mL Procedamos a la reacción directa de neutralización 2 CH3COOH + Ca(OH)2 → (CH3OO)2Ca + 2 H2O(l) I 81.3 35.0 0 0 R 70.0 35.0 35.0 70.0 F 11.3 0 35.0 70.0 Sobra 11.3 mmoles de CH3COOH + 35.0 mmoles de (CH3OO)2Ca ( es igual decir 35.0 mmoles de Ca+2 con 70.0 mmoles de CH3COO- y es este el que se hidroliza por provenir de débil). Como se puede ver es un buffer Se puede usar dos formas para calcular el pH , al igua se puede usar Henderson & Hasselbach . En cualquiera de los 3 casos los pH son casi iguales Usaremos Henderson &Hasselbach [CH3COOH] = ; [CH3COO-] = ; pKa = - log (1.8*10-5) = 4.745 pH = pKa + log = 4.745 + log = 5.54 Queda como ejercicio para que e alumno haga este problema mediante las formas que faltan: a) La ionización del acido débil CH3COOH b) Hidrolisis de anion débil CH3COO- . En las dos formas que faltan debe calcularse el mismo pH Caso N° 03 Se mezclan 50.00 mL de HCN 0.200 M + 100.00 mL NaOH 0.100 M mmoles de HCN = 50.00*0.200 = 10.0 mmoles de NaOH = 100.0*0.100 = 10.0 Reacción HCN + NaOH → NaCN + H2O(l) 10.0 10.0 0 0 10.0 10.0 10.0 10.0 0 0 10.0 10.0 No sobra acido , ni base pero sobra sal proveniente de acido débil, entonces el único equilibrio que queda será hidrolisis de CN- CN- + H2O(l) === HCN + OH- 10.0 0 0 x x x 10.0-x x x Kh= → = x= 0.1734 [OH-] = → pOH = - log () )= 2.94 → pH =11.06 Curvas de titulación Cuando se tiene un volumen determinado acido y se va agregando poco a poco volúmenes de base para calcula el pH en cada volumen agregado de la base También puede ser cuando se tiene un volumen determinado base y se va agregando poco a poco volúmenes de acido para calcula el pH en cada volumen agregado de la acido. Metodología 1) Calcular el punto de equivalencia N1*v1=N2*v2 2) Calcular el pH al inicio de la titulación sin agregar nada de titulante 3) Calcular el pH con volúmenes menores que el punto de equivalencia 4) Calcular el ´pH en el puntode equivalencia 5) Calcular el pH con volúmenes mayores que el punto de equivalencia 6) Graficar mL de titulante (eje x) vs pH (eje y) Ejemplo : Tengo 60 mL de HCl 0.25 M y quiero titularlo con NaOH 0.10 M. Graficar la curva de titulación Ejercicio de Curva de titulación de un débil con un fuerte. Grafica la curva de titulación cuando 75 mLde NaOH 0.20 M se titula con CH3COOH 0.15 M ANEXOS Las sales de los tipos b), c) y d) reaccionan con los iones del agua formando ácidos y bases ligeramente disociadas, y como resultado de esta hidrólisis, el pH es mayor o menor que 7 ( que es el valor en el punto neutro) Sales de ácidos débiles y bases fuertes : CH3COONa CH3COO- + H2O(l) === CH3COOH + OH- I R . E Kh =[CH3COOH] [OH-] = Kw [CH3COO-] Ka EQUILIBRIO HIDROLÍSIS Sales de ácidos fuertes y bases debiles : NH4Cl NH4+ + H2O(l) === NH3 + H3O+ I R . E Kh =[NH3] [H3O+] = Kw [NH4+] Kb Sales de ácidos debiles y bases debiles : CH3COONH4 NH4+ + CH3COO- === NH3 + CH3COOH I R . E Kh =[NH3] [CH3COOH] = Kw [NH4+] [CH3COO-] Ka* Kb Clasificación de sales, (pH) Ejemplo 15.13 Use la tabla para determinar si el anión es básico o neutral NO3- Base conjugada de acido fuerte, por lo tato es neutral NO2- base conjugada de acido débil por lo tanto es básico Ejemplo 15.15: Determine si el catión es acídico o neutral C5N5NH2+ el ácido conjugado de la base débil de piridina, por lo tanto es ácido Ca2+ El contra ión de una base fuerte, Ca(OH)2, neutral Cr3+ metal altamente cargado, ácido Ejemplo 15.16: Determine si las sales a continuación producen soluciones ácidas, básicas, o neutrales NaCHO2 Na+ contra ion de base fuerte, pH neutral CHO2− es la base conjugada de un ácido débil, básico solución será básica NH4F NH4+ es el ácido conjugado de una base débil, ácida F− es la base conjugada de un ácido débil, básico Ka(NH4+) > Kb(F−); solución será ácida Cationes Metálicos actúan como ácido débil Los cationes de metales pequeños y altamente cargados son ácidos débiles Cationes de metales alcalinos y alcalino térreos el pH Los cationes están hidratados Cationes Poliatómicos actúan como ácidos débiles Algunos son: Ácidos conjugados de bases débiles Contra-iones de bases fuertes Son potencialmente ácidos MH+(ac) + H2O(l) : MOH(ac) + H3O+(ac) Mientras más fuerte la base, más débil el ácido conjugado Un catión Contra-ión de base fuerte el pH es neutral Ácido conjugado de una base débil es ácido NH4 +(ac) + H2O(l) == NH3(ac) + H3O+(ac) o Ya que NH3 es una base débil y la posición de equilibrio se favorece hacia la izquierda Ejemplo Determine si las sales a continuación producen soluciones ácidas, básicas, o neutrales SrCl2 → Sr2+ contra ion de base fuerte, pH neutral Cl− es la base conjugada de un ácido fuerte, pH neutral la solución será de pH neutral AlBr3 → Al3+ es un metal pequeño y altamente cargado, ácido débil Cl− es la base conjugada de un ácido fuerte, pH neutral; la solución será ácida CH3NH3NO3 → CH3NH3+ es el ácido conjugado de una base débil, ácida NO3− es la base conjugada de un ácido fuerte, pH neutral la solución es ácida Practica: Determine si la solución será acida , básica o neutra KNO3 → K+ es el contra-ión de una base fuerte, pH neutral NO3− es contra-ión de ácido fuerte, pH neutral La solución tiene pH neutral b) CoCl3 → Co3+ catión altamente cargado, pH ácido Cl− es contra-ión de ácido fuerte, pH neutro la solución tiene pH ácido c) Ba(HCO3)2 → Ba2+ es contra-ión de base fuerte, pH neutral HCO3− es par conjugado de ácido débil, pH básico La solución tiene pH básico d) CH3NH3NO3 → CH3NH3+ es ácido conjugado de base débil, pH ácido NO3− es contra-ión de ácido fuerte, pH neutral Propiedades ácido–base de las sales Aniones actuando como bases débiles Todo anión se puede considerar como base conjugada de un ácido A−(ac)+ H2O(l) : HA(ac) + OH−(ac) Mientras más fuerte sea el ácido, más débil será su base conjugada Un anión que sea la base conjugada de un ácido fuerte exhibe pH neutral Cl−(ac) + H2O(l) HCl(ac) + OH−(ac) Un anión que sea la base conjugada de un ácido débil exhibe pH básico F−(ac) + H2O(l) : HF(ac) + OH−(ac) Catión proveniente de base Anión proveniente de acido pH Ejemplo de sal Ejemplo Catión proveniente de base Ejemplo anión proveniente de acido F F Neutro NaCl NaOH HCl F D Básico CH 3 CONa NaOH CH 3 COH D F Acido NH 4 Cl NH 3 HCl D D Depende CH 3 CONH 4 NH 3 CH 3 COH Especial Cargado F Acido [Al(H 2 O) 5 OH] 2+ Al(H 2 O) 6 3+ H 2 O(l) Catión proveniente de base Anión proveniente de acido pH Ejemplo de sal Ejemplo Catión proveniente de base Ejemplo anión proveniente de acido F F Neutro NaCl NaOH HCl F D Básico CH3CONa NaOH CH3COH D F Acido NH4Cl NH3 HCl D D Depende CH3CONH4 NH3 CH3COH Especial Cargado F Acido [Al(H2O)5OH]2+ Al(H2O)63+ H2O(l)
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