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141 Propiedades de la integral definida En los siguientes ejercicios vamos a utilizar el siguiente resultado. Regla de sustitución para integrales definidas Teorema. Si 𝑢 = 𝑔′(𝑥) es una función continua en el intervalo 𝐼 = [𝑎, 𝑏] y si 𝑓 es continua sobre el rango de 𝑢 = 𝑔(𝑥) entonces ∫𝑓(𝑔(𝑥))𝑔′(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑓(𝑢)𝑑𝑢 𝑔(𝑏) 𝑔(𝑎) 𝑏 𝑎 = 𝐹(𝑔(𝑏)) − 𝐹(𝑔(𝑎)). Donde 𝐹 es una antiderivada de la función 𝑓. Evalúa las siguientes integrales 𝟏.− ∫ −2cos2𝑥 ∙ 𝜋 2 0 sen 𝑥𝑑𝑥 Solución Sea 𝑢 = cos 𝑥 entonces 𝑑𝑢 = − sen 𝑥𝑑𝑥. Notamos que cuando 𝑥 = 𝜋 2 se hace que cos ( 𝜋 2 ) = 0 y que cuando 𝑥 = 0, cos(0) = 1. Y por la regla de sustitución pata integrales definidas −2∫ cos2𝑥 ∙ 𝜋 2 0 sen 𝑥𝑑𝑥 = 2∫ 𝑢2𝑑𝑢 = {− 2 3 𝑢3} 0 11 0 = − 2 3 . 𝟐.− ∫ 𝑙𝑛𝑥 𝑥 𝑒 1 𝑑𝑥 Solución Sea 𝑢 = 𝑙𝑛𝑥 entonces 𝑑𝑢 = 1 𝑥 𝑑𝑥. Para 𝑥 = 𝑒 y 𝑥 = 1 obtenemos 𝑢 = 1 y 𝑢 = 0 respectivamente, por lo tanto, por el teorema de cambio de variables pata integrales definidas ∫ ln𝑥 𝑥 𝑑𝑥 = ∫ 𝑢𝑑𝑢 = [ 1 2 𝑢2] 0 1 = 1 2 1 0 𝑒 1 142 𝟑.− ∫ √1 + √𝑥 √𝑥 4 1 𝑑𝑥 Solución Sea 𝑢 = 1 + √𝑥 entonces 𝑑𝑢 = 1 2√𝑥 𝑑𝑥. Para 𝑥 = 1 y 𝑥 = 4 se tiene 𝑢 = 2 y 𝑥 = 3 respectivamente, de manera que ∫ √1 + √𝑥 √𝑥 4 1 𝑑𝑥 = 2∫ √𝑢 3 2 𝑑𝑥 = 2 { 2 3 𝑢3 2⁄ } 2 3 = 3.15. 𝟒.− ∫ |1 − 𝑥|𝑑𝑥 2 0 Solución. La grafica de 𝑓(𝑥) = |1 − 𝑥|; 𝑋 ∈ [0 , 2] es la siguiente Es claro que 𝑓(𝑥) = |1 − 𝑥| ≥ 0 para toda 𝑥 ∈ [0 , 2] y se observa que ∫ 𝑓(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑓(𝑥) 1 0 𝑑𝑥 +∫ 𝑓(𝑥) 2 1 𝑑𝑥 2 0 = ∫ (1 − 𝑥) 1 0 𝑑𝑥 +∫ (𝑥 − 1) 2 1 𝑑𝑥 = 1 2 + 1 2 = 1. 𝟓.− ∫ 1 2 [1 − |𝑥 + 3| 2 ] −1 −5 𝑑𝑥 Solución. La grafica del integrando 𝑓(𝑥) está dada en la siguiente figura. 143 Por lo tanto ∫ 𝑓(𝑥)𝑑𝑥 = ∫ 𝑓(𝑥) −3 −5 𝑑𝑥 +∫ 𝑓(𝑥) −1 −3 𝑑𝑥 −1 −5 = ∫ ( 1 4 𝑥 + 5 4 ) −3 −5 𝑑𝑥 +∫ (− 1 4 𝑥 − 1 4 ) −1 −3 𝑑𝑥 = 1 2 + 1 2 = 1. 7.− ∫ 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 𝑑𝑥. 𝜋 2 − 𝜋 2 Solucion. Como el integrando 𝑓(𝑥) = 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 Es una función continua y además es impar en el intervalo de integración [− 𝜋 2 , 𝜋 2 ], entonces ∫ 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 𝑑𝑥 = ∫ 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 0 − 𝜋 2 𝑑𝑥 +∫ 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 𝜋 2 0 𝑑𝑥 𝜋 2 − 𝜋 2 = −∫ 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 𝑑𝑥 + 𝜋 2 0 ∫ 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6 𝜋 2 0 𝑑𝑥 = 0. 𝑓(𝑥) = 𝑥2𝑠𝑒𝑛 𝑥 1 + 𝑥6