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ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 1. Un fabricante produce un cable de alambre de cierto tipo, que tiene una resistencia a la ruptura no mayor de 300 kg. Se descubre un proceso nuevo y más barato que desea emplearse, siempre que el cable así producido tenga una resistencia media a la ruptura mayor de 300 kg. Si una muestra aleatoria de 25 cables producidos con el nuevo proceso ha dado una media 304.5 kg. y una desviación estándar S = 10 kg. ¿Debería el fabricante adoptar el nuevo proceso, si está dispuesto a asumir un error tipo I del 5%? SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 25 𝑐𝑎𝑏𝑙𝑒𝑠 𝜇 = 300 𝑘𝑔 𝑠 = 10 𝑘𝑔 𝛼 = 5% �̅� = 304.5 𝑘𝑔 Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 ≤ 300 – Proceso antiguo 𝐻1: 𝜇1 > 300 – Proceso nuevo Nivel de significancia: 𝛼 = 0.05 1 − 𝛼 = 0.950 ⇒ 𝑡1−𝛼,𝑛−1 = 𝑡0.950,24 = 1.711 Gráfica Estadístico de prueba: 𝑇𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝑠 √𝑛 ⇒ 304.5 − 300 10 √25 = 2.250 Decisión : Se rechaza la hipótesis nula. Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que conviene adoptar el nuevo proceso. Zona de rechazo 𝜇0 Zona de aceptación 𝜇0 𝑡𝛼 = 1.711 ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 2. En un centro de estudios de postgrado de Lima, indica que, de acuerdo a las normas establecidas en una prueba de aptitud académica, los alumnos que han concluido el curso de métodos numéricos debían tener un promedio de 76.7 puntos. Si se sabe que, por una investigación anterior sobre el caso, que la desviación estándar fue de 8,6 puntos y si 45 personas que concluyeron el curso son elegidos aleatoriamente y alcanzan un promedio de 73.2. Pruebe la hipótesis de que el promedio ha disminuido a un nivel de significación de 5% SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 45 𝜇 = 76.7 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜𝑠 𝜎 = 8.6 𝑝𝑢𝑛𝑡𝑜𝑠 𝛼 = 5% �̅� = 73.2 Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 = 76.7 – Promedio de 76.7 𝐻1: 𝜇1 ≠ 76.7 – Promedio diferente a 76.7 Nivel de significancia: 𝛼 = 0.05 ⇒ 1 − 𝛼 = 0.950 ⇒ 𝑍𝛼 = 1.96 Gráfico Estadístico de prueba:(𝒏 > 𝟑𝟎) 𝑍𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝜎 √𝑛 ⇒ 73.2 − 76.7 8.6 √45 = −2.730 Decisión : Se rechaza la hipótesis nula. Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que el promedio es diferente a 76.7 puntos. 𝑍𝛼/2 = −1.96 𝑍𝛼/2 = 1.96 𝑍𝑐 = −2.73 ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 3. Un criador de pollos sabe por experiencia que el peso de los pollos de cinco meses es 4,35 libras. Los pesos siguen una distribución normal. Para tratar de aumentar el peso de dichas aves se le agrega un aditivo al alimento. En una muestra de pollos de cinco meses se obtuvieron los siguientes pesos (en libras). 4.41 4.37 4.33 4.35 4.30 4.39 4.36 4.38 4.40 4.39 A un nivel 0.01, el aditivo ha aumentado el peso medio de los pollos? SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 10 𝑝𝑜𝑙𝑙𝑜𝑠 𝜇 = 4.35 𝑘𝑔 𝑠 = 0.034 𝛼 = 1% �̅� = 4.368 𝑘𝑔 Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 ≤ 4.35 𝑘𝑔 𝐻1: 𝜇1 > 4.35 𝑘𝑔 Nivel de significancia: 𝛼 = 0.01 1 − 𝛼 = 0.99 ⇒ 𝑡1−𝛼,𝑛−1 = 𝑡0.99,9 = 2.821 Gráfica Estadístico de prueba: (𝒏 < 𝟑𝟎) 𝑇𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝑠 √𝑛 ⇒ 4.368 − 4.35 0.034 √10 = 1.674 Decisión : Se acepta la hipótesis nula. Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que el aditivo no aumento el peso de los pollos. Zona de rechazo 𝜇0 Zona de aceptación 𝜇0 𝑡𝛼 = 2.821 Como no nos dan media ni desviación, se calcula: �̅� = ∑ 𝑥 𝑛 = 43.68 10 = 4.368 𝑠 = √ ∑(𝑥 − �̅�)2 𝑛 − 1 = 0.0339 ≅ 0.034 ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 4. Según Experiencias Pasadas, se conoce que en la Constructora GRAÑA Y MONTERO el tiempo promedio que demora en secarse una mezcla de Cemento-SOL es de 64 minutos con una desviación estándar de 8 minutos. El gerente de la compañía supone que éste promedio ha aumentado sensiblemente en los últimos meses, dificultando el trabajo ya que el proveedor de cemento a Cambiado a Cementos INKA-AntiSalitre, por lo cual ordena realizar una investigación estadística correspondiente. Para el estudio, se toma una muestra aleatoria de n=64 construcciones y se mide el tiempo encontrándose una media de secado de 68 minutos. Se pide Comprobar si el gerente tiene o no la razón con un nivel de significación de 0.05. SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 64 𝑐𝑜𝑛𝑠𝑡𝑟𝑢𝑐𝑐𝑖𝑜𝑛𝑒𝑠 𝜇 = 64 𝑚𝑖𝑛𝑢𝑡𝑜𝑠 𝑠 = 8 𝑚𝑖𝑛𝑢𝑡𝑜𝑠 �̅� = 68 𝛼 = 5% Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 ≥ 64 𝑚𝑖𝑛𝑢𝑡𝑜𝑠 𝐻1: 𝜇1 < 64 𝑚𝑖𝑛𝑢𝑡𝑜𝑠 Nivel de significancia: 𝛼 = 0.05 ⇒ 1 − 𝛼 = 0.950 ⇒ 𝑍𝛼 = 1.645 Gráfica Estadístico de prueba: (𝒏 > 𝟑𝟎) 𝑍𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝑠 √𝑛 ⇒ 68 − 64 8 √64 = 4.00 Decisión : Se acepta la hipótesis nula Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que el gerente tiene razón respecto al tiempo de secado de la mezcla de cemento sol, pues, este ha aumentado. Zona de rechazo 𝜇0 Zona de aceptación 𝜇0 𝑍𝛼 = −1.645 ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 5. La vida media de una batería en un reloj digital es de 305 días. Se modificó la batería para que tuviera mayor duración y, de una muestra de 20 baterías modificadas, se obtuvo una vida media de 311 días con desviación estándar de12 días. ¿La modificación incrementó la vida media de las baterías? SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 20 𝜇 = 305 𝑑í𝑎𝑠 𝑠 = 12 𝑑í𝑎𝑠 �̅� = 311 𝛼 = 5% Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 ≤ 305 𝑑í𝑎𝑠 𝐻1: 𝜇1 > 305 𝑑í𝑎𝑠 Nivel de significancia: 𝛼 = 0.05 1 − 𝛼 = 0.950 ⇒ 𝑡1−𝛼,𝑛−1 = 𝑡0.950,19 = 1.645 Gráfica Estadístico de prueba: (𝒏 < 𝟑𝟎) 𝑇𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝑠 √𝑛 ⇒ 311 − 305 12 √20 = 2.236 Decisión : Se rechaza la hipótesis nula. Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que la vida media de las baterías si aumentaron. Zona de rechazo 𝜇0 Zona de aceptación 𝜇0 𝑡𝛼 = 1.645 ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 6. Un proceso de fabricación de jabón de tocador debe producir un promedio de 120 barras por lote. Una muestra de 10 lotes dio como resultado las siguientes cifras: Suponiendo que la población es normal, pruebe si los resultados de la muestra indican que el proceso de manufactura está trabajando en forma correcta. (use α =0.05). SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 10 𝑙𝑜𝑡𝑒𝑠 𝜇 = 120 𝑏𝑎𝑟𝑟𝑎𝑠 𝑠 = 4.932 �̅� = 118.900 𝛼 = 5% Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 = 120 𝐻1: 𝜇1 ≠ 120 Nivel de significancia: 𝛼 = 0.05 1 − 𝛼 = 0.950 ⇒ 𝑡 1− 𝛼 2 ,𝑛−1 = 𝑡0.975,9 = 2.26 Gráfica Estadístico de prueba: (𝒏 < 𝟑𝟎) 𝑇𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝑠 √𝑛 ⇒ 118.9 − 120 4.932 √10 = −0.705 Decisión : Se acepta la hipótesis nula. Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que el proceso de facturación está trabajando de forma correcta. 108 118 120 122 119 113 124 122 120 123 𝑡 1− 𝛼 2 = 2.26 Como no nos dan media ni desviación, se calcula: �̅� = ∑ 𝑥 𝑛 = 1189 10 = 118.900 𝑠 = √ ∑(𝑥 − �̅�)2 𝑛 − 1 = 4.932 𝑡 1− 𝛼 2 = −2.26 ALUMNO: ESAÚ ACOSTA APAGUEÑO COD: U19307254 7. Un comprador de ladrillos cree que la calidad de los ladrillos está disminuyendo. De experiencias anteriores, la resistencia media al desmoronamiento de tales ladrillos es 200kg, con una desviación típica de 10kg. Una muestra de 100 ladrillos arroja una media de 195kg. Probar la hipótesis, la calidad media no ha cambiado, contra la alternativa que ha disminuido. SOLUCIÓN Datos: 𝑛 = 100 𝑙𝑎𝑑𝑟𝑖𝑙𝑙𝑜𝑠 𝜇 = 200 𝑘𝑔 𝑠 = 10 𝑘𝑔 �̅� = 195 𝛼 = 5% Hipótesis: 𝐻0: 𝜇0 ≥ 200 𝑘𝑔 𝐻1: 𝜇1 < 200 𝑘𝑔 Nivel de significancia: 𝛼 = 0.05 ⇒ 1 − 𝛼 = 0.950 ⇒ 𝑍𝛼 = 1.64 Gráfica Estadístico de prueba: (𝒏 > 𝟑𝟎) 𝑍𝑐 = �̅� − 𝜇0 𝑠 √𝑛 ⇒ 195 − 200 10 √100 = −5.00Decisión : Se rechaza la hipótesis nula. Interpretación : Con un nivel de significancia del 5% se concluye que la calidad de los ladrillos ha disminuido. Zona de rechazo 𝜇0 Zona de aceptación 𝜇0 𝑍𝛼 = −1.645
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